届二轮 电磁感应规律及其应用学案江苏专用.docx
- 文档编号:15897718
- 上传时间:2023-07-08
- 格式:DOCX
- 页数:31
- 大小:283.98KB
届二轮 电磁感应规律及其应用学案江苏专用.docx
《届二轮 电磁感应规律及其应用学案江苏专用.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《届二轮 电磁感应规律及其应用学案江苏专用.docx(31页珍藏版)》请在冰点文库上搜索。
届二轮电磁感应规律及其应用学案江苏专用
专题十 电磁感应规律及其应用
江苏卷考情导向
考点
考题
考情
电磁感应规
律及其应用
2016年T13考查导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律
2016年T6考查电吉他的原理和法拉第电磁感应定律
2014年T1考查法拉第电磁感应定律S是有效面积,即有磁通量的线圈的面积
2014年T7考查涡流的应用
1.本专题对基本知识、规律的考查多为选择题,对综合知识的考查则以计算形式.
2.高考题目的设置方式选择题以电磁感应现象、感应电流计算及方向的判断、电磁感应的图象问题、简单的动力学知识和功能关系为主,计算题多是以导体棒切割磁感线的电路问题、动力学问题及功能关系的综合为主.
电磁感应中的图象问题电磁感应中电路和能量问题
2017年T13考查电磁感应、闭合电路的欧姆定律以及电功率
2015年T13考查法拉第电磁感应定律、电阻定律和焦耳定律
2013年T13考查感生电动势、动生电动势及电磁感应中的能量转化
考点1|电磁感应规律及其应用难度:
中档题题型:
选择题、计算题五年4考
(对应学生用书第48页)
1.(2016·江苏高考T13)据报道,一法国摄影师拍到了“天宫一号”空间站飞过太阳的瞬间.照片中,“天宫一号”的太阳帆板轮廓清晰可见.如图101所示,假设“天宫一号”正以速度v=7.7km/s绕地球做匀速圆周运动,运动方向与太阳帆板两端M、N的连线垂直,M、N间的距离L=20m,地磁场的磁感应强度垂直于v、MN所在平面的分量B=1.0×10-5T.将太阳帆板视为导体.
图101
(1)求M、N间感应电动势的大小E;
(2)在太阳帆板上将一只“1.5V,0.3W”的小灯泡与M、N相连构成闭合电路,不计太阳帆板和导线的电阻,试判断小灯泡能否发光,并说明理由;
(3)取地球半径R=6.4×103km,地球表面的重力加速度g取9.8m/s2,试估算“天宫一号”距离地球表面的高度h(计算结果保留一位有效数字).
【导学号:
17214162】
【解题关键】
关键语句
信息解读
地磁场的磁感应强度垂直于v、MN所在平面的分量B=1.0×10-5T.
v、L、B相互垂直,可直接应用公式E=BLv求感应电动势
小灯泡与M、N相连构成闭合电路,不计太阳帆板和导线电阻
帆板MN和导线均处于磁场中垂直切割磁感线
【解析】
(1)感应电动势E=BLv,代入数据得E=1.54V.
(2)不能,因为穿过闭合回路的磁通量不变,不产生感应电流.
(3)在地球表面有G
=mg
“天宫一号”做匀速圆周运动,有G
=m
解得h=
-R,代入数据得h≈4×105m(数量级正确都算对).
【答案】
(1)1.54V
(2)见解析 (3)4×105m
2.(2014·江苏高考T1)如图102所示,一正方形线圈的匝数为n,边长为a,线圈平面与匀强磁场垂直,且一半处在磁场中.在Δt时间内,磁感应强度的方向不变,大小由B均匀地增大到2B.在此过程中,线圈中产生的感应电动势为( )
【导学号:
17214163】
图102
A.
B.
C.
D.
B [由法拉第电磁感应定律知线圈中产生的感应电动势E=n
=n
·S=n
·
,得E=
,选项B正确.]
3.(多选)(2014·江苏高考T7)
如图103所示,在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯,现接通交流电源,过了几分钟,杯内的水沸腾起来.若要缩短上述加热时间,下列措施可行的有( )
图103
A.增加线圈的匝数
B.提高交流电源的频率
C.将金属杯换为瓷杯
D.取走线圈中的铁芯
AB [利用法拉第电磁感应定律和涡电流解题.
当电磁铁接通交流电源时,金属杯处在变化的磁场中产生涡电流发热,使水温升高.要缩短加热时间,需增大涡电流,即增大感应电动势或减小电阻.增加线圈匝数、提高交变电流的频率都是为了增大感应电动势.瓷杯不能产生涡电流,取走铁芯会导致磁性减弱.所以选项A、B正确,选项C、D错误.]
4.(多选)(2016·江苏高考T6)电吉他中电拾音器的基本结构如图104所示,磁体附近的金属弦被磁化,因此弦振动时,在线圈中产生感应电流,电流经电路放大后传送到音箱发出声音.下列说法正确的有( )
图104
A.选用铜质弦,电吉他仍能正常工作
B.取走磁体,电吉他将不能正常工作
C.增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势
D.弦振动过程中,线圈中的电流方向不断变化
BCD [铜不能被磁化,铜质弦不能使电吉他正常工作,选项A错误;取走磁体后,弦的振动无法通过电磁感应转化为电信号,音箱不能发声,选项B正确;增加线圈匝数,根据法拉第电磁感应定律E=N
知,线圈的感应电动势变大,选项C正确;弦振动过程中,线圈中感应电流的磁场方向发生变化,则感应电流的方向不断变化,选项D正确.]
1.感应电流方向的判断方法
一是利用右手定则,即根据导体在磁场中做切割磁感线运动的情况进行判断;
二是利用楞次定律,即根据穿过回路的磁通量的变化情况进行判断.
2.楞次定律中“阻碍”的主要表现形式
(1)阻碍原磁通量的变化——“增反减同”;
(2)阻碍相对运动——“来拒去留”;
(3)使线圈面积有扩大或缩小的趋势——“增缩减扩”;
(4)阻碍原电流的变化(自感现象)——“增反减同”.
3.求感应电动势的两种方法
(1)E=n
,用来计算感应电动势的平均值.
(2)E=BLv,主要用来计算感应电动势的瞬时值.
●考向1 法拉第电磁感应定律的应用
1.(2017·资阳模拟)用一根横截面积为S、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r的圆环,ab为圆环的一条直径.如图105所示,在ab的左侧存在一个均匀变化的匀强磁场,磁场垂直圆环所在的平面,方向如图,磁感应强度大小随时间的变化率
=k(k<0),则( )
【导学号:
17214164】
图105
A.圆环具有收缩的趋势
B.圆环中产生的感应电流为逆时针方向
C.圆环中a、b两点的电压Uab=
D.圆环中产生的感应电流大小为-
C [由楞次定律的“来拒去留”可知,为了阻碍磁通量的减小,线圈有扩张的趋势,故A错误;磁通量向里减小,由楞次定律“增反减同”可知,线圈中的感应电流方向为顺时针,故B错误;根据法拉第电磁感应定律,有:
E=
·
πr2=
,由闭合电路欧姆定律可知,ab两点间的电势差为Uab=
=
,故C正确;由法拉第电磁感应定律可知,E=
·
πr2=
,线圈电阻R=ρ
,感应电流I=
=-
,故D错误.]
●考向2 楞次定律的应用
2.(多选)(2017·南京四模)超导体具有电阻为零的特点,图为超导磁悬浮原理图,a是一个超导闭合环,置于一个电磁铁线圈b正上方,当闭合电键S后,超导环能悬浮在电磁铁上方平衡.下列说法正确的有( )
图106
A.闭合电键S瞬间,a环中感应电流受到的安培力向上
B.闭合电键S,稳定后通过a环磁通量不变,a环中不再有电流
C.闭合电键S,稳定后通过a环的电流是恒定电流
D.R取不同的电阻值,稳定后a环所受安培力都相等
ACD [闭合电键S瞬间,线圈中磁通量增大,则由楞次定律可知,a中产生的安培力将使a环有向上运动的趋势,故a环中感应电流受到的安培力向上,故A正确;由于线圈由超导体制成,没有电阻所以不消耗能量,故电流一直存在,故B错误;闭合电键S,稳定后通过a环的电流不再变化,故为恒定电流,故C正确;因圆环存于平衡状态,所以受到的安培力一定等于重力,故稳定时受安培力与电阻R无关,故D正确.]
3.(2017·苏锡常二模)图中L是线圈,D1、D2是发光二极管(电流从“+”极流入才发光).闭合S,稳定时灯泡A正常发光,然后断开S瞬间,D2亮了一下后熄灭,则( )
【导学号:
17214165】
图107
A.图是用来研究涡流现象的实验电路
B.开关S闭合瞬间,灯泡A立即亮起来
C.开关S断开瞬间,P点电势比Q点电势高
D.干电池的左端为电源的正极
D [该电路是用来研究线圈的自感现象的,与涡流无关,故A错误;L是自感系数足够大的线圈,D1和D2是两个相同的二极管,S闭合瞬间,但由于线圈的电流增加,导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加,所以灯泡A逐渐变亮,故B错误;S断开,D2亮了一下后熄灭,说明S断开的瞬间电流从右向左流过二极管,则P点电势比Q点电势低,故C错误;S断开,D2亮了一下后熄灭,说明S断开的瞬间电流从右向左流过二极管;根据线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小可知,流过L的电流的方向在S断开前从左向右,所以L的左侧为正极,则干电池的左端为电源的正极,故D正确.]
●考向3 涡流的应用
4.(2017·湖南三模)随着科技的不断发展,无线充电已经进入人们的视线.小到手表、手机,大到电脑、电动汽车的充电,都已经实现了从理论研发到实际应用的转化.如图108所示,给出了某品牌的无线充电手机利用电磁感应方式无线充电的原理图.关于无线充电,下列说法正确的是( )
图108
A.无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是“电流的磁效应”
B.只有将充电底座接到直流电源上才能对手机进行充电
C.接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同
D.只要有无线充电底座,所有手机都可以进行无线充电
C [无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是电磁感应现象,不是“电流的磁效应”现象,故A错误;当充电设备通以恒定直流,无线充电设备不会产生交变磁场,那么不能够正常使用,故B错误;接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同,故C正确;被充电手机内部,应该有一类似金属线圈的部件,与手机电池相连,当有交变磁场时,则出现感应电动势,那么普通手机不能够利用无线充电设备进行充电,故D错误.]
考点2|电磁感应中的图象问题难度:
中档题题型:
选择题
(对应学生用书第50页)
5.(2011·江苏高考)如图109所示,水平面内有一平行金属导轨,导轨光滑且电阻不计.匀强磁场与导轨平面垂直.阻值为R的导体棒垂直于导轨静止放置,且与导轨接触.T=0时,将开关S由1掷到2.q、i、v和a分别表示电容器所带的电荷量、棒中的电流、棒的速度和加速度.下列图象正确的是( )
【导学号:
17214166】
图109
A B
C D
【解题分析】 1.知道电容器放电后会在电路中产生电流.
2.导体棒在安培力的作用下加速运动.
3.导体棒切割磁感线产生的感应电流与电容器放电电流反向.
D [开关S由1掷到2,电容器放电后会在电路中产生电流.导体棒通有电流后会受到安培力的作用,会产生加速度而加速运动.导体棒切割磁感线,速度增大,感应电动势E=Blv,即增大,则实际电流减小,安培力F=BIL,即减小,加速度a=
,即减小.因导轨光滑,所以在有电流通过棒的过程中,棒是一直加速运动(变加速).由于通过棒的电流是按指数递减的,那么棒受到的安培力也是按指数递减的,由牛顿第二定律知,它的加速度是按指数递减的.由于电容器放电产生电流使得导体棒受安培力运动,而导体棒运动产生感应电动势会给电容器充电.当充电和放电达到一种平衡时,导体棒做匀速运动.当棒匀速运动后,棒因切割磁感线有电动势,所以电容器两端的电压能稳定在某个不为0的数值,即电容器的电量应稳定在某个不为0的数值(不会减少到0).这时电容器的电压等于棒的电动势数值,棒中无电流.]
解决电磁感应图象问题的一般步骤
(1)明确图象的种类,即是Bt图还是Φt图,或者Et图、It图等.
(2)分析电磁感应的具体过程.
(3)用右手定则或楞次定律确定方向对应关系.
(4)结合法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿运动定律等规律写出函数关系式.
(5)根据函数关系式,进行数学分析,如分析斜率的变化、截距等.
(6)画图象或判断图象.
●考向1 图象的确定
5.(2017·徐州二模)如图1010所示,闭合导线框匀速穿过垂直纸面向里的匀强磁场区域,磁场区域宽度大于线框尺寸,规定线框中逆时针方向的电流为正,则线框中电流i随时间t变化的图象可能正确的是( )
图1010
B [线框进入磁场过程中磁通量增加,根据楞次定律可得电流方向为逆时针(正方向),线框离开磁场过程中磁通量减小,根据楞次定律可得电流方向为顺时针(负方向);根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律可得感应电流i=
,刚进入时有效切割长度最大,感应电流最大、一半进入磁场过程中有效切割长度变为原来一半,感应电流变为原来一半,完全进入后磁通量不变,不会产生感应电流,离开磁场的过程中有效切割长度与进入过程相同,感应电流变化也相同,故B正确,A、C、D错误.]
●考向2 图象的转换
6.(2017·泰州一模)在竖直方向的匀强磁场中,水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈,规定线圈中感应电流的正方向如图1011甲所示,取线圈中磁场B的方向向上为正,当磁场中的磁感应强度B随时间t如图乙变化时,下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的是( )
甲 乙
图1011
A B
C D
A [在0~
s内,根据法拉第电磁感应定律,E=n
=
.根据楞次定律,感应电动势的方向与图示箭头方向相反,为负值;在
~T内,根据法拉第电磁感应定律,E′=n
=
=2E,所以感应电流是之前的2倍.再根据楞次定律,感应电动势的方向与图示方向相反,为负值.故A正确,B、C、D错误.]
●考向3 图象的应用
7.(2017·锡山中学月考)如图1012甲,圆形线圈P静止在水平桌面上,其正上方固定一螺线管Q,P和Q共轴,Q中通有变化电流i,电流随时间变化的规律如图1012乙所示,P所受的重力为G,桌面对P的支持力为N,则( )
甲 乙
图1012
A.t1时刻N>G,P有收缩的趋势
B.t2时刻N=G,P有扩张的趋势
C.t3时刻N=G,此时P中没有感应电流
D.t4时刻N<G,此时P中无感应电流
A [当螺线管中电流增大时,其形成的磁场不断增强,因此线圈P中的磁通量增大,根据楞次定律可知线圈P将阻碍其磁通量的增大,故线圈有远离和面积收缩的趋势,则N>G,P有收缩的趋势,故A正确;当螺线管中电流不变时,其形成磁场不变,线圈P中的磁通量不变,因此磁铁线圈中无感应电流产生,此时P没有扩张的趋势,故B错误;t3时刻螺线管中电流为零,N=G;但是线圈P中磁通量是变化的,因此此时线圈中有感应电流,故C错误.当螺线管中电流不变时,其形成磁场不变,线圈P中的磁通量不变,因此磁铁线圈中无感应电流产生,故t4时刻N=G,此时P中无感应电流,故D错误.]
考点3|电磁感应中电路和能量问题难度:
较大题型:
选择题、计算题五年3考
(对应学生用书第51页)
6.(2015·江苏高考T13)做磁共振(MRI)检查时,对人体施加的磁场发生变化时会在肌肉组织中产生感应电流.某同学为了估算该感应电流对肌肉组织的影响,将包裹在骨骼上的一圈肌肉组织等效成单匝线圈,线圈的半径r=5.0cm,线圈导线的截面积A=0.80cm2,电阻率ρ=1.5Ω·m.如图1013所示,匀强磁场方向与线圈平面垂直,若磁感应强度B在0.3s内从1.5T均匀地减为零,求:
(计算结果保留一位有效数字)
图1013
(1)该圈肌肉组织的电阻R;
(2)该圈肌肉组织中的感应电动势E;
(3)0.3s内该圈肌肉组织中产生的热量Q.
【解题关键】 解此题的关键有两点:
(1)注意区分线圈的面积和线圈导线的截面积.
(2)磁感应强度均匀减小,线圈中电流恒定不变.
【解析】
(1)由电阻定律得R=ρ
,代入数据得
R≈6×103Ω.
(2)感应电动势E=
,代入数据得E≈4×10-2V.
(3)由焦耳定律得Q=
Δt,代入数据得Q=8×10-8J.
【答案】
(1)6×103Ω
(2)4×10-2V (3)8×10-8J
7.(2013·江苏高考T13)如图1014所示,匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd,线圈平面与磁场垂直.已知线圈的匝数N=100,边长ab=1.0m、bc=0.5m,电阻r=2Ω.磁感应强度B在0~1s内从零均匀变化到0.2T.在1~5s内从0.2T均匀变化到-0.2T,取垂直纸面向里为磁场的正方向.求:
图1014
(1)0.5s时线圈内感应电动势的大小E和感应电流的方向;
(2)在1~5s内通过线圈的电荷量q;
(3)在0~5s内线圈产生的焦耳热Q.
【导学号:
17214167】
【解析】
(1)感应电动势E1=N
,磁通量的变化量ΔΦ1=ΔB1S,解得E1=N
,代入数据得E1=10V,感应电流的方向为a→d→c→b→a.
(2)同理可得E2=N
,感应电流I2=
电荷量q=I2Δt2,解得q=N
,代入数据得q=10C.
(3)0~1s内的焦耳热Q1=I
rΔt1,且I1=
,1~5s内的焦耳热Q2=I
rΔt2
由Q=Q1+Q2,代入数据得Q=100J.
【答案】
(1)10V,感应电流的方向为a→d→c→b→a
(2)10C (3)100J
8.(2017·江苏高考T13)如图1015所示,两条相距d的平行金属导轨位于同一水平面内,其右端接一阻值为R的电阻.质量为m的金属杆静置在导轨上,其左侧的矩形匀强磁场区域MNPQ的磁感应强度大小为B、方向竖直向下.当该磁场区域以速度v0匀速地向右扫过金属杆后,金属杆的速度变为v.导轨和金属杆的电阻不计,导轨光滑且足够长,杆在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触.求:
图1015
(1)MN刚扫过金属杆时,杆中感应电流的大小I;
(2)MN刚扫过金属杆时,杆的加速度大小a;
(3)PQ刚要离开金属杆时,感应电流的功率P.
【导学号:
17214168】
【解析】
(1)MN刚扫过金属杆时,金属杆的感应电动势E=Bdv0①
回路的感应电流I=
②
由①②式解得I=
.③
(2)金属杆所受的安培力F=BId④
由牛顿第二定律得,对金属杆F=ma⑤
由③④⑤式得a=
.⑥
(3)金属杆切割磁感线的相对速度v′=v0-v⑦
感应电动势E=Bdv′⑧
感应电流的电功率P=
⑨
由⑦⑧⑨式得P=
.⑩
【答案】
(1)
(2)
(3)
用动力学观点、能量观点解答电磁感应问题的一般步骤
●考向1 电磁感应中的电路问题
8.(2017·盐城二模)如图1016所示,两根水平放置的平行金属导轨,其末端连接等宽的四分之一圆弧导轨,圆弧半径r=0.41m,导轨的间距为L=0.5m,导轨的电阻与摩擦均不计.在导轨的顶端接有阻值为R1=1.5Ω的电阻,整个装置处在竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度B=0.2T,现有一根长度稍大于L、电阻R2=0.5Ω、质量m=1.0kg的金属棒,金属棒在水平拉力F作用下,从图中位置ef由静止开始匀加速运动,在t=0时刻,F0=1.5N,经2.0s运动到cd时撤去拉力,棒刚好能冲到最高点ab、(重力加速度g=10m/s2).求:
图1016
(1)金属棒做匀加速直线运动的加速度;
(2)金属棒运动到cd时电压表的读数;
(3)金属棒从cd运动到ab过程中电阻R1上产生的焦耳热.
【导学号:
17214169】
【解析】
(1)根据题意,金属棒从ef位置开始匀加速运动,根据牛顿第二定律,有F0=ma
解得:
a=
=
=1.5m/s2.
(2)金属棒运动到cd时的速度v=at=1.5×2.0m/s=3m/s
感应电动势E=BLv=0.2×0.5×3V=0.3V
感应电流I=
=
A=0.15A
电压表的读数U=IR1=0.15×1.5V=0.225V.
(3)根据能量守恒定律,有:
mv2=mgr+Q
解得:
Q=0.4J
电阻R1上产生的焦耳热为Q1=
Q=
×0.4J=0.3J
【答案】
(1)1.5m/s2
(2)0.225V (3)0.3J
●考向2 电磁感应的动力学问题
9.(多选)(2017·南京一模)如图1017所示,均匀导体围成等腰闭合三角形线圈abc,底边与匀强磁场的边界平行,磁场的宽度大于三角形的高度.线圈从磁场上方某一高度处由静止开始竖直下落,穿过该磁场区域,不计空气阻力.则下列说法中正确的是( )
图1017
A.线圈进磁场的过程中,可能做匀速直线运动
B.线圈底边进、出磁场时线圈的加速度可能一样
C.线圈出磁场的过程中,可能做先减速后加速的直线运动
D.线圈底边进、出磁场时,线圈所受安培力可能大小相等,方向不同
BC [如果匀速,因为有效切割长度越小来越小,安培力会越来越小,不可能匀速运动,故A错误;如果线圈比较高,进入磁场后先减速后加速,可能导致进磁场的速度和出磁场的速度是一样的,安培力F安=
,速度一样,安培力一样,根据牛顿第二定律,mg-F安=ma,加速度一样,故B正确;如果出磁场时,安培力比重力大,那么线圈先减速,但是在减速的过程中,上面比较窄,安培力会越来越小,最终必然是一个先减速后加速的直线运动,故C正确;线圈进出磁场时的速度可能相等,根据F=
,安培力大小可能相等,但安培力方向都是向上的,阻碍线圈向下运动,所以安培力方向相同,故D错误.]
10.(2017·南京四模)如图1018甲所示,两根平行的光滑金属导轨MN、PQ和左侧M、P间连接的电阻R构成一个固定的水平U型导体框架,导轨电阻不计且足够长.框架置于一个方向竖直向下、范围足够大的匀强磁场中,磁场左侧边界是OO′.质量为m、电阻为r的导体棒垂直放置在两导轨上,并与导轨接触良好,给导体棒一个水平向右的初速度v0,棒进入磁场区后回路中的电流I随棒在磁场区中运动位移x(O点为x轴坐标原点)的变化关系如图乙所示,根据题设条件和图中给定数据求:
甲 乙
图1018
(1)导体棒进入磁场瞬间回路总电功率P0;
(2)导体棒进入磁场瞬间加速度大小a0;
(3)导体棒运动全过程中电阻R上产生的电热QR.
【导学号:
17214170】
【解析】
(1)根据图乙可得导体棒进入磁场瞬间回路的电流强度为I0,
根据电功率的计算公式可得:
P0=I
(R+r).
(2)进入磁场时刻电动势:
E0=BLv0=I0(R+r)
根据牛顿第二定律可得棒受安培力产生加速度:
BI0L=ma0
解得:
a0=
.
(3)棒从进入磁场到停止运动,由动能定理可得:
WA=0-
mv
根据功能关系可得回路产生电热:
Q=-WA=
mv
R上产生电热:
QR=
Q=
.
【答案】
(1)I
(R+r)
(2)
(3)
●考向3 电磁感应的能量问题
11.(2017·南京一模)如图1019甲所示,质量m=1kg、边长ab=1.0m、电阻r=2Ω的单匝正方形闭合线圈abcd放置在倾角θ=30°的斜面上,保持静止状态.匀强磁场垂直线圈平面向上,磁感应强度B随时间t变化如图乙所示,整个线圈都处在磁场中,重力加速度g=10m/s2.求:
甲 乙
图1019
(1)t=1
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 届二轮 电磁感应规律及其应用学案江苏专用 二轮 电磁感应 规律 及其 应用 江苏 专用
![提示](https://static.bingdoc.com/images/bang_tan.gif)