圆中动点问题2.doc
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圆中动点问题2.doc
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圆中动点问题
一、选择题
【题1】如图,点P是等边三角形ABC外接圆⊙O上的点,在以下判断中,不正确的是(C)
A、当弦PB最长时,ΔAPC是等腰三角形。
B、当ΔAPC是等腰三角形时,PO⊥AC。
C、当PO⊥AC时,∠ACP=300.
D、当∠ACP=300,ΔPBC是直角三角形
【答案】
【题2】如图,以M(-5,0)为圆心、4为半径的圆与x轴交于A、B两点,P是⊙M上异于A、B的一动点,直线PA、PB分别交y轴于C、D,以CD为直径的⊙N与x轴交于E、F两点,则EF的长(C)
A.等于
B.等于
C.等于6
D.随P点位置的变化而变化
【答案】分析:
连接NE,设圆N半径为r,ON=x,则OD=r﹣x,OC=r+x,证△OBD∽△OCA,推出OC:
OB=OD:
OA,即(r+x):
1=9:
(r﹣x),求出r2﹣x2=9,根据垂径定理和勾股定理可求出答案.
解答:
解:
连接NE,设圆N半径为r,ON=x,则OD=r﹣x,OC=r+x,
∵以M(﹣5,0)为圆心、4为半径的圆与x轴交于A.B两点,∴OA=4+5=9,0B=5﹣4=1,
∵AB是直径,∴∠APB=90°,∵∠BOD=90°,∴∠PAB+∠PBA=90°,∠ODB+∠OBD=90°,
∵∠PBA=∠OBD,∴∠PAB=∠ODB,∵∠APB=∠BOD=90°,∴△OBD∽△OCA,
∴,即解得:
r2﹣x2=9,
由垂径定理得:
OE=OF,OE2=EN2﹣ON2=r2﹣x2=9,
即OE=OF=3,∴EF=2OE=6,故选C.
【题3】如图,已知⊙O1的半径为1cm,⊙O2的半径为2cm,将⊙O1,⊙O2放置在直线l上,如果⊙O1在直线l上任意滚动,那么圆心距O1O2的长不可能是0.5cm
【答案】解:
∵⊙O1的半径为1cm,⊙O2的半径为2cm,∴当两圆内切时,圆心距为1,
∵⊙O1在直线l上任意滚动,∴两圆不可能内含,∴圆心距不能小于1,故选D.
【题4】如图,⊙O的半径为4cm,直线l与⊙O相交于A、B两点,AB=4cm,P为直线l上一动点,以1cm为半径的⊙P与⊙O没有公共点.设PO=dcm,则d的范围是 d>5cm或2cm≤d<3cm .
【答案】解:
连接OP、OA,
∵⊙O的半径为4cm,1cm为半径的⊙P,⊙P与⊙O没有公共点,
∴d>5时,两圆外离,
当两圆内切时,过点O作OD⊥AB于点D,OP′=4-1=3cm,OD=2cm,
∴以1cm为半径的⊙P与⊙O没有公共点时,2≤d<3,
故答案为:
d>5或2≤d<3.
【题5】如图,在Rt△AOB中,OA=OB=3,⊙O的半径为1,点P是AB边上的动点,过点P作⊙O的一条切线PQ(点Q为切点),则切线PQ的最小值为.
【答案】解:
连接OP、OQ.∵PQ是⊙O的切线,∴OQ⊥PQ;根据勾股定理知PQ2=OP2﹣OQ2,
∴当PO⊥AB时,线段PQ最短,∵在Rt△AOB中,OA=OB=,∴AB=OA=6,∴OP==3,∴PQ=.故答案为:
.
【题6】如图,AB是⊙O的一条弦,点C是⊙O上一动点,且∠ACB=30°,点E、F分别是AC、BC的中点,直线EF与⊙O交于G、H两点,若⊙O的半径为7,则GE+FH的最大值为10.5.
【答案】当GH为⊙O的直径时,GE+FH有最大值.当GH为直径时,E点与O点重合,
∴AC也是直径,AC=14.∵∠ABC是直径上的圆周角,∴∠ABC=90°,∵∠C=30°,
∴AC=7.∵点E、F分别为AC、BC的中点,∴EF=3.5,
∴GE+FH=GH-EF=14-3.5=10.5.故答案为10.5.
【题7】如图,△ABC中,∠BAC=600,∠ABC=450,AB=2,D是线段BC上的一个动点,以AD为直径画⊙O分别交AB,AC于E,F,连接EF,则线段EF长度的最小值为_______
【答案】∠ACB=60°,∠ABC=45°,那么,∠BAC=75°.∠EOF=2∠BAC=150°所以,∠OEF=∠OFE=30°
所以,EF=√3×OE,∠ABC=√3×AO所以,当直径AD最小时,EF最小;所以,EF最小时,AD与BC垂直AB=2√2,,∠ABC=45°,所以,AD=2OA=1,所以,EF最小值为√3
【题8】如图,已知⊙O是以坐标原点O为圆心,1为半径的圆,∠AOB=45°,点P在x轴上运动,若过点P且与OA平行的直线与⊙O有公共点,设P(x,0),则x的取值范围是
【答案】解:
连接OD,由题意得,OD=1,∠DOP'=45°,∠ODP'=90°,
故可得OP'=,即x的极大值为,同理当点P在x轴左边时也有一个极值点,
此时x取得极小值,x=-,综上可得x的范围为:
-≤x≤.
【题9】射线QN与等边△ABC的两边AB,BC分别交于点M,N,且AC∥QN,AM=MB=2cm,QM=4cm.动点P从点Q出发,沿射线QN以每秒1cm的速度向右移动,经过t秒,以点P为圆心,cm为半径的圆与△ABC的边相切(切点在边上),请写出t可取的一切值t=2或3≤t≤7或t=8(单位:
秒)
【答案】解:
∵△ABC是等边三角形,∴AB=AC=BC=AM+MB=4cm,∠A=∠C=∠B=60°,
∵QN∥AC,AM=BM.∴N为BC中点,∴MN=AC=2cm,∠BMN=∠BNM=∠C=∠A=60°,
分为三种情况:
①如图1,
当⊙P切AB于M′时,连接PM′,则PM′=cm,∠PM′M=90°,∵∠PMM′=∠BMN=60°,
∴M′M=1cm,PM=2MM′=2cm,∴QP=4cm﹣2cm=2cm,即t=2;
②如图2,
当⊙P于AC切于A点时,连接PA,则∠CAP=∠APM=90°,∠PMA=∠BMN=60°,AP=cm,∴PM=1cm,∴QP=4cm﹣1cm=3cm,即t=3,
当⊙P于AC切于C点时,连接PC,则∠CP′N=∠ACP′=90°,∠P′NC=∠BNM=60°,CP′=cm,∴P′N=1cm,∴QP=4cm+2cm+1cm=7cm,即当3≤t≤7时,⊙P和AC边相切;
③如图1,
当⊙P切BC于N′时,连接PN′3则PN′=cm,∠PM\N′N=90°,∵∠PNN′=∠BNM=60°,
∴N′N=1cm,PN=2NN′=2cm,∴QP=4cm+2cm+2cm=8cm,即t=8;
故答案为:
t=2或3≤t≤7或t=8.
【题10】如图1,正方形ABCD的边长为2,点M是BC的中点,P是线段MC上的一个动点(不与M、C重合),以AB为直径作⊙O,过点P作⊙O的切线,交AD于点F,切点为E.
(1)求证:
OF∥BE;
(2)设BP=x,AF=y,求y关于x的函数解析式,并写出自变量x的取值范围;
(3)延长DC、FP交于点G,连接OE并延长交直线DC与H(图2),问是否存在点P,使△EFO∽△EHG(E、F、O与E、H、G为对应点)?
如果存在,试求
(2)中x和y的值;如果不存在,请说明理由.
分析:
(1)首先证明Rt△FAO≌Rt△FEO进而得出∠AOF=∠ABE,即可得出答案;
(2)过F作FQ⊥BC于Q,利用勾股定理求出y与x之间的函数关系,根据M是BC中点以及BC=2,即可得出BP的取值范围;
(3)首先得出当∠EFO=∠EHG=2∠EOF时,即∠EOF=30°时,Rt△EFO∽Rt△EHG,求出y=AF=OA•tan30°,即可得出答案.
解答:
(1)证明:
连接OE.FE、FA是⊙O的两条切线∴∠FAO=∠FEO=90°
∴Rt△FAO≌Rt△FEO(HL),∴∠AOF=∠EOF=∠AOE,
∴∠AOF=∠ABE,∴OF∥BE
(2)解:
过F作FQ⊥BC于Q∴PQ=BP﹣BQ=x﹣y
PF=EF+EP=FA+BP=x+y∵在Rt△PFQ中∴FQ2+QP2=PF2
∴22+(x﹣y)2=(x+y)2化简得:
,(1<x<2);
(3)存在这样的P点,
理由:
∵∠EOF=∠AOF,∴∠EHG=∠EOA=2∠EOF,
当∠EFO=∠EHG=2∠EOF时,即∠EOF=30°时,Rt△EFO∽Rt△EHG,
此时Rt△AFO中,y=AF=OA•tan30°=,∴
∴当时,△EFO∽△EHG.
点评:
此题主要考查了圆的综合应用以及全等三角形的判定和性质以及相似三角形的判定与性质等知识,得出FQ2+QP2=PF2是解题关键.
【题11】如图,⊙O的半径为1,直线CD经过圆心O,交⊙O于C、D两点,直径AB⊥CD,点M是直线CD上异于点C、O、D的一个动点,AM所在的直线交于⊙O于点N,点P是直线CD上另一点,且PM=PN.
(1)当点M在⊙O内部,如图一,试判断PN与⊙O的关系,并写出证明过程;
(2)当点M在⊙O外部,如图二,其它条件不变时,
(1)的结论是否还成立?
请说明理由;
(3)当点M在⊙O外部,如图三,∠AMO=15°,求图中阴影部分的面积.
考点:
圆的综合题.
分析:
(1)根据切线的判定得出∠PNO=∠PNM+∠ONA=∠AMO+∠ONA进而求出即可;
(2)根据已知得出∠PNM+∠ONA=90°,进而得出∠PNO=180°﹣90°=90°即可得出答案;
(3)首先根据外角的性质得出∠AON=30°进而利用扇形面积公式得出即可.
解答:
(1)PN与⊙O相切.
证明:
连接ON,
则∠ONA=∠OAN,
∵PM=PN,∴∠PNM=∠PMN.
∵∠AMO=∠PMN,∴∠PNM=∠AMO.
∴∠PNO=∠PNM+∠ONA=∠AMO+∠ONA=90°.即PN与⊙O相切.
(2)成立.证明:
连接ON,
则∠ONA=∠OAN,
∵PM=PN,∴∠PNM=∠PMN.在Rt△AOM中,
∴∠OMA+∠OAM=90°,∴∠PNM+∠ONA=90°.∴∠PNO=180°﹣90°=90°.
即PN与⊙O相切
(3)解:
连接ON,由
(2)可知∠ONP=90°.
∵∠AMO=15°,PM=PN,∴∠PNM=15°,∠OPN=30°,∵∠PON=60°,∠AON=30°.
作NE⊥OD,垂足为点E,则NE=ON•sin60°=1×=.
S阴影=S△AOC+S扇形AON﹣S△CON=OC•OA+CO•NE=×1×1+π﹣×1×
=+π﹣.
【题12】如图,△OAB中,OA=OB=10,∠AOB=80°,以点O为圆心,6为半径的优弧分别交OA,OB于点M,N.
(1)点P在右半弧上(∠BOP是锐角),将OP绕点O逆时针旋转80°得OP′.求证:
AP=BP′;
(2)点T在左半弧上,若AT与弧相切,求点T到OA的距离;
(3)设点Q在优弧上,当△AOQ的面积最大时,直接写出∠BOQ的度数.
【答案】
(1)证明:
∵∠AOP=∠AOB+∠BOP=80º+∠BOP.
∠BOP’=∠POP’+∠BOP=80º+∠BOP
∴∠AOP=∠BOP’又∵OA=OB,OP=OP’
∴△AOP≌△BOP’∴AP=BP’
(2)解:
连接OT,过T作TH⊥OA于点H,∵AT与相切,∴∠ATO=90º
∴==8
∵=,即=
∴TH=,即为所求的距离
(3)10º,170º【注:
当OQ⊥OA时,△AOQ的面积最大,且左右两半弧上各存在一点】
【题13】如图,已知直线l与⊙O相离,OA⊥l于点A,OA=5,OA与⊙O相交于点P,AB与⊙O相切于点B,BP的延长线交直线l于点C.
(1)试判断线段AB与AC的数量关系,并说明理由;
(2)若PC=2,求⊙O的半径和线段PB的长;
(3)若在⊙O上存在点Q,使△QAC是以AC为底边的等腰三角形,求⊙O的半径r的取值范围.
【解析】
(1)由于AB是⊙O的切线,故连半径,利用切线性质,圆半径相等,对顶角相等,余角性质,推出AB,AC两底角相等;
(2)设圆半径为r,利用勾股定理列方程求半径,再利用三角形相似求PB
(3)先作出线段AC的垂直平分线MN,作OD垂直于MN,再利用勾股定理计算即可
【答案】
(1)AB=AC;连接OB,则OB⊥AB,所以∠CBA+∠OBP=900,
又OP=OB,所以∠OBP=∠OPB,又∠OPB=∠CPA,又OA⊥l于点A,
所以∠PCA+∠CPA=900,故∠PCA=∠CBA,所以AB=AC
(2)设圆半径为r,则OP=OB=r,PA=5-r;
∴AB2=OA2-OB2=52-r2,AC2=PC2-AP2=
(2)2-(5-r)2,
从而建立等量关系,r=3,∵AB=AC,∴AB2=AC2,利用相似,求出PB=4
(3)作出线段AC的垂直平分线MN,作OD垂直于MN,
则可推出OD==;
由题意,圆O要与直线MN有交点,所以;
又因为圆O与直线l相离;所以r<5;综上,.
【点评】本题主要考查了切线的性质、等角对等边、三角形相似的判定及其性质的运用以及勾股定理的应用等知识,知识点丰富;考查了学生综合运用知识以及转化思想来解决问题的能力,考查了圆的相关知识,圆的切线是圆中的重点,也是考试常考的部分;求线段的长常用勾股定理或相似等知识解答.
【题14】如图,⊙O是△ABC外接圆,AB=AC=10,BC=12,P是弧上一动点,过点P作BC的平行线交AB延长线与点D.
(1)当点P在什么位置时,DP是⊙O的切线?
说明理由.
(2)当DP是⊙O的切线时,求DP的长.
解析:
(1)根据PD//BC,可以天加辅助线由切线判定定理解题;
(2)根据勾股定理与垂径定理求出⊙O半径r,再结合△ABE∽△ADP即可.
解:
(1)当P是BC中点时,DP是⊙O的切线.理由如下:
∵AB=AC,∴
又
∴PA是⊙O的直径.
又AB=AC,∴PA⊥BC.
∵DP//BC,∴PD⊥AP.
∴DP是⊙O的切线.
(2)连接OB,设PA交BC于点E.
由垂径定理得,BE=.
在Rt△ABE中,据勾股定理,.
设⊙O的半径为r,则OE=8-r.
在Rt△OBE中,.解得r=.
(3)∵DP//BC,∴∠ABE=∠D.
又∵∠1=∠1,∴△ABE≌△ADP,即,∴DP=
【题15】如图,菱形ABCD的边长为2cm,∠DAB=60°.点P从A点出发,以cm/s的速度,沿AC向C作匀速运动;与此同时,点Q也从A点出发,以1cm/s的速度,沿射线AB作匀速运动。
当P运动到C点时,P、Q都停止运动,设点P运动的时间为ts.
(1)当P异于A、C时,请说明PQ∥BC;
(2)以P为圆心PQ长为半径作圆,请问:
在整个运动过程中,t为怎样的值时,⊙P与边BC分别有1个公共点和2个公共点?
【解析】
(1)利用菱形的性质及相似三角形的判定和性质解决此问题。
(2)直线与圆的位置关系,抓住动态问题的几个关键位置,⊙P过边BC的端点B或C时,
⊙P与边BC相切时,用时间t及点P和点Q的运动速度表示对应边的长度,利用特殊三角形的特殊性质构造一元一次方程,进一步求出t的值,根据运动的过程找到边BC与⊙P有不同交点个数时的t的取值范围。
【答案】解:
(1)∵四边形ABCD为菱形,∴AB=BC=2,∠BAC=∠DAB.
O
又∵∠DAB=60°,∴∠BAC=∠BCA=30°.
连接BD交AC于点O,∵四边形ABCD为菱形
∴AC⊥BD,OA=AC
∴OB=AB=1,∴
运动t秒时,,AQ=t,∴
又∵∠PAQ=∠CAB,∴ΔPAQ∽ΔCAB
∴∠APQ=∠ACB,∴PQ∥BC
(2)如图1,⊙P与BC切于点M,连接PM,则PM⊥BC.
在RtΔCPM中,∠PCM=30°,∴PM=PC=
由PQ=AQ=t,即=t,解得t=,
此时⊙P与边BC有一个公共点。
如图2,⊙P过点B,此时PQ=PB
∵∠PQB=∠PAQ+∠APQ=60°∴ΔPQB为等边三角形,
∴QB=PQ=AQ=t,∴t=1
∴当时,⊙P与边BC有2个公共点。
如图3,⊙P过点C,此时PC=PQ,
即,∴.
∴当时,⊙P与边BC有1个公共点。
当点P运动到点C,即t=2时,⊙P过点B,
此时⊙P与边BC有1个公共点。
综上所述:
当t=或或t=2时,⊙P与菱形ABCD的边BC有1个公共点;当时,⊙P与边BC有2个公共点。
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