人教版 遗传因子的发现 单元测试.docx
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人教版遗传因子的发现单元测试
遗传因子的发现
学校:
___________姓名:
___________班级:
___________考号:
___________
一、选择题
1.在完全显性条件下,下列各杂交组合的所有后代中,与双亲具有相同表现型的是()
A.BbSs×bbssB.BbSs×bbSsC.BbSS×BBSsD.BBSs×bbss
【答案】C
【解析】
试题分析:
若要是所有后代的表现型与双亲相同,则需要双亲的表现型相同,分析所给的四个选项中,只有C项符合要求,故C正确。
考点:
本题主要考查基因自由组合定律,意在考查考生能理解所学知识的要点,把握知识间的内在联系的能力。
2.人类对遗传物质本质的探索经历了漫长的过程,下列有关叙述正确的是
A.孟德尔发现遗传因子并证实了其传递规律和化学本质
B.噬菌体侵染细菌实验比肺炎双球菌体外转化实验更具说服力
C.生物体的性状完全由基因控制
D.根据沃森和克里克构建的DNA分子模型,每个磷酸基团上连接1个脱氧核糖
【答案】B
【解析】
试题分析:
孟德尔发现遗传因子并未证实了其传递规律和化学本质,A错误;噬菌体侵染细菌实验比肺炎双球菌体外转化实验更具说服力,B正确;生物体的性状是由基因和环境共同起作用的结果,C错误;根据沃森和克里克构建的DNA分子模型,每个磷酸基团上连接2个脱氧核糖,D错误。
考点:
本题考查人类对遗传物质本质的探索过程的相关知识,意在考查考生能理解所学知识的要点,把握知识间的内在联系,形成知识的网络结构的能力。
3.某动物细胞中位于常染色体上的基因A、B、C分别对a、b、c为显性。
用两个纯合个体杂交得F1,F1测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc=1∶1∶1∶1。
则F1体细胞中三对基因在染色体上的位置是
【答案】B
【解析】F1测交,即F1×aabbcc,其中aabbcc个体只能产生abc一种配子,而测交结果为aabbcc:
AaBbCc:
aaBbcc:
AabbCc=1:
1:
1:
1,说明F1的产生的配子为abc、ABC、aBc、AbC,其中a和c、A和C总在一起,说明A和a、C和c两对等位基因位于同一对同源染色体上,且A和C在同一条染色体上,a和c在同一条染色体上。
答案是B。
【考点定位】基因的自由组合规律的实质及应用;细胞的减数分裂
【名师点睛】知识拓展:
观察下面的图示,探究有关问题:
1.能发生自由组合的图示为A,原因是非等位基因位于非同源染色体上。
2.自由组合定律的细胞学基础:
同源染色体彼此分离的同时,非同源染色体自由组合。
3.假如F1的基因型如图A所示,总结相关种类和比例
(1)F1(AaBb)产生的配子种类及比例:
4种,AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶1∶1。
(2)F2的基因型有9种。
(3)F2的表现型种类和比例:
4种,双显∶一显一隐∶一隐一显∶双隐=9∶3∶3∶1。
(4)F1测交后代的基因型种类和比例:
4种,1∶1∶1∶1。
(5)F1测交后代的表现型种类和比例:
4种,1∶1∶1∶1。
4.假如图B不发生染色体的交叉互换,总结相关种类和比例
(1)F1(AaCc)产生的配子种类及比例:
2种,AC∶ac=1∶1。
(2)F2的基因型有3种。
(3)F2的表现型种类及比例:
2种,双显∶双隐=3∶1。
(4)F1测交后代的基因型种类及比例:
2种,1∶1。
(5)F1测交后代的表现型种类及比例:
2种,1∶1。
4.现有①~④四个纯种果蝇品系,品系①的性状均为显性,品系②~④均只有一种性状是隐性,其他性状均为显性。
这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示:
品系
①
②
③
④
隐性性状
-
残翅
黑身
紫红眼
相应染色体
Ⅱ、Ⅲ
Ⅱ
Ⅱ
Ⅲ
若需验证自由组合定律,可选择交配的品系组合为()
A.①×④B.①×②C.②×③D.②×④
【答案】D
【解析】
试题分析:
①个体所有基因都是显性纯合的,④个体只有控制紫红眼的基因是隐性的,所以两个体杂交只产生一对基因杂合,只能验证基因的分离定律,不能验证基因的自由组合定律,A错误;①个体所有基因都是显性纯合的,②个体只有控制残翅的基因是隐性的,所以两个体杂交只产生一对基因杂合,只能验证基因的分离定律,不能验证基因的自由组合定律,B错误;②和③分别含有残翅和黑身的隐性基因,但是控制这两种性状的基因都都在Ⅱ号染色体上,不能验证基因的自由组合定律,C错误;要验证自由组合定律,必须两对或多对相对性状是在非同源染色体上,不能在同源染色体上.②和④分别含有残翅和紫红眼的隐性基因,且控制这两种性状的两基因分别在Ⅱ、Ⅲ号染色体上,杂交后两对基因都是杂合的,减数分裂过程中这两对等位基因分离的同时,非同源染色体上的非等位基因自由组合,D正确;答案是D。
考点:
本题考查自由组合定律的相关知识,意在考查学生能理解所学知识的要点,把握知识间的内在联系,形成知识网络结构的能力。
5.豌豆灰种皮(G)对白种皮(g)为显性,黄子叶(Y)对绿子叶(y)为显性。
每对性状的杂合体(F1)自交后代(F2)均表现3∶1的性状分离比。
F2的种皮颜色的分离比和子叶颜色的分离比分别来自对以下哪代植株群体所结种子的统计()
A.F1植株和F1植株B.F2植株和F2植株
C.F2植株和F1植株D.F1植株和F2植株
【答案】C
【解析】豌豆的种皮是由珠被发育而来的,亲本杂交后所结种子的种皮基因型应与其母本一致,所以要表现出F2代种皮的性状,必须等到F2种子种下后,长成植株(F2代植株),再结出种子(即F2代子代),才能体现出来;子叶是由受精卵发育而来的,F2子叶的性状在母本(F1代植株)结出种子(种皮是F1代,胚是F2代)时就能够体现出来。
【考点定位】基因的分离规律的实质及应用
【名师点睛】种子的形成(胚和胚乳的发育)阶段完成于母本体内,胚(胚芽、胚轴、胚根和子叶)是由受精卵发育而来的,其基因来自于父本和母本双方;种皮是由珠被发育而来的,其基因仅来自母本一方.所以子代胚的性状(如子叶颜色)在母本植株上即可观察到,而种皮的颜色要在下一代植株上才能体现出来。
6.假设某植物种群非常大,可以随机交配,没有迁入和选出,基因不产生突变.抗病基因R对感病基因r为完全显性.现种群中感病植株rr占
,抗病植株RR和Rr各占
,抗病植株可以正常开花和结实,而感病植株在开花前全部死亡.则子一代中感病植株占()
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】
试题分析:
在种群中一对等位基因的频率之和等于1,基因型频率之和也等于1;一个等位基因的频率=该等位基因纯合子的频率+1/2杂合子的频率.哈代﹣温伯格平衡定律:
设基因R的频率为p,基因r的频率为q,则R+r=p+q=1,RR+Rr+rr=p2+2pq+q2=1.
解:
根据基因型频率RR和Rr各占4/9,rr占1/9,而“感病植株在开花前全部死亡”,则亲本中RR:
Rr=1:
1,R的基因频率是=RR%+Rr%/2=3/4,r的基因频率=1﹣R=1/4,又由于植物种群足够大,可以自由交配,所以子代中感病植株占rr=1/4×1/4=1/16.
故:
B.
考点:
对分离现象的解释和验证.
7.用豌豆进行遗传试验时,下列操作错误的是()
A.杂交时,须在开花前除去母本的雄蕊
B.自交时,雌蕊和雄蕊都无需除去
C.杂交时,须在开花前除去母本的雌蕊
D.人工授粉前后,都应套袋
【答案】C
【解析】
试题分析:
豌豆为雌雄同花,属严格的自花授粉植物(闭花授粉),自然状态下都是自交,孟德尔的豌豆杂交实验是人工杂交,需在开花前进行人工去雄,为确保有效杂交,需在人工授粉前后进行套袋处理。
故选C。
考点:
本题考查孟德尔遗传实验的科学方法等相关知识,意在考查考生能理解所学知识的要点,把握知识间的内在联系的能力。
8.一批基因型为AA与Aa的豌豆,两者数量之比是1:
3。
自然状态下(假设结实率相同)其子代中基因型为AA、Aa、aa的数量之比为
A.3:
2:
1B.7:
6:
3C.5:
2:
1D.1:
2:
1
【答案】B
【解析】
试题分析:
由于豌豆是自花传粉、闭花授粉植物,因此1/4AA的豌豆后代仍为1/4AA;而3/4Aa的豌豆自交后代为3/4(1/4AA+1/2Aa+1/4aa)=3/16AA+3/8Aa+3/16aa,因此所有后代中,AA:
Aa:
aa=(1/4+3/16):
3/8:
3/16=7:
6:
3,B正确。
考点:
基因的分离定律。
9.人类有多种血型系统,MN血型和Rh血型是其中的两种。
MN血型由常染色体上的l对等位基因M、N控制,M血型的基因型为MM,N血型的基因型为NN,MN血型的基因型为MN;Rh血型由常染色体上的另l对等位基因R和r控制,RR和Rr表现为Rh阳性,rr表现为Rh阴性:
这两对等位基因自由组合。
若某对夫妇中,丈夫和妻子的血型均为MN型-Rh阳性,且已生出1个血型为MN型-Rh阴性的儿子,则再生1个血型为MN型-Rh阳性女儿的概率是
A.3/8B.3/16C.1/8D.1/16
【答案】B
【解析】根据题意,这对夫妇的基因型都是MNR_,生出一个MNrr的儿子,可以推测双亲的基因型MNRr。
夫妇MNRr×MNRr,其后代是MN型-Rh阳性的情况是:
双亲MN×MN→1/2MN;双亲Rr×Rr→3/4R_,而生女儿的概率是1/2,所以再生1个血型为MN型-Rh阳性(MNR_)女儿的概率是1/2×3/4×1/2=3/16。
【考点定位】基因的分离定律和自由组合定律
10.基因的分离定律和自由组合定律发生的时期是
A.都在有丝分裂中
B.都在减数分裂中
C.同时在减数分裂和有丝分裂中
D.前者在减数分裂中,后者在有丝分裂中
【答案】B
【解析】
试题分析:
基因的分离定律和自由组合定律都发生在减数第一次分裂后期。
减一后期:
同源染色体分离,此时同源染色体上的等位基因随之分离,此为基因的分离定律;同时,非同源染色体自由组合,此时非同源染色体上的非等位基因随之自由组合,此为自由组合定律。
所以选B。
考点:
基因的分离定律和自由组合定律的实质
【名师点睛】基因分离定律和基因的自由组合定律发生在减数分裂的第一次分裂后期(如下图所示)
11.在家鼠中短尾鼠(T)对正常鼠(t)为显性。
—只短尾鼠与一只正常鼠交配,后代中正常尾与短尾比例相同;而短尾与短尾交配,子代中有一类型死亡,能存活的短尾与正常尾之比为2:
1.则不能存活的类型的基因型可能是
A.TTB.TtC.ttD.TT或Tt
【答案】A
【解析】
试题分析:
根据一只短尾鼠与一只正常鼠交配,后代中正常尾与短尾比例相同,即后代正常尾:
短尾=1:
1可知第一代是测交,则短尾亲本的基因型为Tt,子代正常尾基因型为tt,短尾基因型为Tt。
又因为短尾类型相交配,子代中有一类型死亡,能存活的短尾与正常尾之比为2:
1,如果亲本有纯合子,则后代不会出现性状分离,所以该实验中亲本短尾基因型全为Tt,他们之间杂交的后代基因型比例为TT:
Tt:
tt=1:
2:
1,又因为第二代杂交结果是短尾比正常是2:
1,可以推出不能存活的基因型为TT。
考点:
基因的分离规律的实质及应用
【名师点睛】考查的知识点是基因的分离规律的实质及应用。
由题意分析可知,一只短尾鼠与一只正常鼠交配,后代中正常尾与短尾比例相同,符合孟德尔的测交实验;而短尾类型相交配,子代中有一类型死亡,能存活的短尾与正常尾之比为2:
1,结果不是3:
1,说明有个体死亡。
12.某种植物的果皮颜色有白色、绿色和黄色三种,分别由位于两对同源染色体上的等位基因控制。
如图是控制果皮不同色素合成的生理过程,则下列说法正确的是
A.白果皮植株的基因型有两种
B.黄果皮植株的基因型有两种
C.BbTt的个体自交,后代中白果皮:
黄果皮:
绿果皮=9:
6:
1
D.BbTt的个体自交后代白果皮纯合子占1/16
【答案】B
【解析】图中显示B基因存在时表现为白色,因此白果皮植株的基因型有6种,A错误;,B不存在、T存在时表现为黄色果皮,基因型为bbTT、bbTt,B正确;BbTt自交后代的基因型及比例是:
B_T_:
B_tt:
bbT_:
bbtt=9:
3:
3:
1,其中B_T_+B_tt为白色果皮,bbT_为黄色果皮,bbtt为绿色果皮,比例是白果皮:
黄果皮:
绿果皮=12:
3:
1,C错误;白果皮纯合子基因型为BBTT和BBtt,因此概率=2/16=1/8,D错误。
【考点定位】基因的自由组合规律的实质及应用;基因与性状的关系
13.下列有关杂合子和纯合子的叙述中,正确的是()
A.杂合子的双亲至少一方是杂合子B.基因型为AABb的个体不是纯合子
C.纯合子自交的后代有性状分离D.杂合子自交的后代全部是杂合子
【答案】B
【解析】
试题分析:
杂合子的双亲不一定为杂合子,如DD×dd后代为杂合子,故A错误;由基因型相同的配子结合成的合子发育而来的个体为纯合子,AABb是由AB和Ab的配子结合而来,故为杂合子,B正确;纯合子自交后代不发生性状分离,故C错误;杂合子自交后代并不全是杂合子,如Aa自交后代杂合子占1/2,故D错误。
考点:
本题考查基因的分离定律和自由组合定律的有关知识,意在考查考生能运用所学知识与观点,通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理,做出合理的判断或得出正确的结论的能力。
14.两对相对性状的基因自由组合,如果F2的性状分离比为9:
7,那么F1与隐性个体测交,与此对映的性状分离比是
A.1:
1B.2:
1C.1:
3D.1:
2:
1
【答案】C
【解析】
试题分析:
设两对基因分别有A、a和B、b控制。
由F2的性状分离比为9:
7,可以推知F1为AaBb,F1自交产生F2,可得F2表现型关系是(A_B_):
(A_bb+aaB_+aabb)=9:
7,因此F1(A_B_)与aabb杂交,则子代性状分离比为AaBb:
(Aabb+aaBb+aabb)=1:
3。
综上所述,A正确。
考点:
基因的分离定律和自由组合定律
【名师点睛】遗传规律的拓展
根据孟德尔的两对相对性状的遗传试验图解:
可知:
F2的四种表现型比例为:
9︰3︰3︰1,但在一些试题中出现了一些特殊的比例,如:
15︰1、12︰3︰1、9︰6︰1、9︰3︰4等,实际上都是课本9:
3:
3:
1的变式比。
1.互补和累加
(1)互补作用:
两对基因在显性纯合(或杂合)时共同决定新性状的发育,只有一对显性基因或两对基因都是隐性时,则表现某一亲本的性状。
所以在F2中能表现出9:
7的表现型比率。
(2)累加作用:
两种显性基因同时存在时产生一种性状,单独存在时则能产生第二种相似的性状,当2对都是隐性基因时则表现出第三种性状。
F2产生9:
6:
1的表现型比率。
(3)重叠作用:
不同对的基因对表现型产生相同的影响,并且具有重叠作用,使F2产生15:
1的表现型比率。
(4)当两对非等位基因决定同一性状时,由于基因的相互作用,后代会出现其一性状的叠加。
表现型只与显性基因数量多少有关。
2.基因相互抑制现象
(1)显性上位:
两对独立遗传基因共同对一对性状发生作用,其中一对基因对另一对基因的表现有阻碍作用;起阻碍作用的基因是显性基因,基因型为A_B_或aaB_时呈现一种表现型。
所以在F2表现型的分离比例为12:
3:
1。
(2)隐性上位:
在两对互作的基因中,其中一对隐性基因对另一对基因起上位阻碍作用,也就是说bb对A_起阻碍作用,当基因型为A_bb或aabb时表现同一种表现型。
F2表现型的分离比例为9:
3:
4。
(3)抑制作用:
在两对独立基因中,其中一对显性基因,本身并不控制性状的表现。
但对另一对基因的表现有抑制作用,称这对基因为显性抑制基因.F2表现型的分离比例为13:
3。
15.两对相对性状独立遗传的两纯合亲本杂交,F2出现的重组类型中能稳定遗传的个体约占()
A.1/8B.1/5
C.1/5或1/3D.1/16
【答案】C
【解析】
试题分析:
两对相对性状独立遗传的两纯合亲本杂交,若两亲本为YYRR×yyrr,则F2中出现的重组类型中能稳定遗传的个体约占2/16/(1-9/16-1/16)=1/3;若两亲本为YYrr×yyRR,则F2中出现的重组类型中能稳定遗传的个体约占2/16/(1-3/16-3/16)=1/5,C项正确。
考点:
本题考查自由组合定律的应用。
16.某植物的花色有蓝色和白色两种,由两对等位基因(A和a、B和b)控制。
如表是两组纯合植株杂交实验的统计结果,下列叙述正确的是()
亲本组合
F1株数
F2株数
蓝花
白花
蓝花
白花
①蓝花×白花
263
0
752
49
②蓝花×白花
84
0
212
71
A.控制花色的基因位于一对同源染色体上
B.第①组F2中纯合蓝花植株的基因型有4种
C.第②组蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbb
D.白花植株与第②组F2蓝花植株杂交,后代开蓝花和白花植株的比例为3∶1
【答案】C
【解析】
试题分析:
第①组中F2的蓝花∶白花≈15∶1,是9∶3∶3∶1的变形,说明两对基因的遗传遵循自由组合定律,即控制花色的基因不在一对同源染色体上,A项错误;从第①组的F2判断,A_B_、A-bb、aaB_都为蓝花,aabb为白花,所以第①组F2中纯合蓝花植株的基因型有AABB、AAbb和aaBB3种,B项错误;第②组中的F2表现型比例为3∶1,说明其F1的基因型为Aabb或aaBb,则亲本中的蓝花为AAbb或aaBB,C项正确;第②组F1为Aabb或者aaBb,与白花植株aabb杂交,子代开蓝花和白花植株的比例应为1︰1,D项错误。
考点:
本题考查基因自由组合定律的相关知识,意在考查考生从题干材料中获取相关的生物学信息,并能运用这些信息,结合所学知识解决相关的生物学问题的能力。
17.下列关于科学研究和实验方法的叙述,不正确的是
A.科研上鉴别死细胞和活细胞,常用“染色排除法”
B.“建立血糖调节的模型”采用的研究方法是模型方法,模拟活动本就是在构建动态的物理模型之后,
再根据活动中的体会构建概念模型
C.低温诱导植物细胞染色体数目变化的实验原理是低温抑制细胞板向四周扩展,不能形成新的细胞壁
D.在土壤中小动物类群丰富度的研究中,由于许多土壤动物有较强的活动能力,而且身体微小,因此不适于用样方法或标志重捕法进行调査
【答案】C
【解析】试题分析:
摩尔根证明基因在染色体上时,用的方法是假说—演绎法,A正确;建立血糖调节模型中采用的研究方法是模型方法,通过构建动态的物理模型来理解概念模型,故B正确;低温诱导植物细胞染色体数目变异的实验原理是低温影响纺锤体的形成,使细胞中的染色体不能分配到两个子细胞中,从而导致细胞内的染色体数目加倍,故C错误;土壤小动物活动能力强,不能用样方法,身体微小,不能用标志重捕法,故D正确。
考点:
本题考查生物实验方法的有关知识,意在考查考生理解实验目的、原理、方法和操作步骤,掌握相关的操作技能,并能将这些实验涉及的方法和技能进行综合运用的能力。
18.豌豆花的颜色受两对基因P/p和Q/q控制,这两对基因遵循自由组合规律。
假设每一对基因中至少有一个显性基因时,花的颜色为紫色,其他的基因组合则为白色。
依据下列杂交结果,
P:
紫花×白花→F1:
3/8紫花、5/8白花,推测亲代的基因型应该是()
A.PPQq×ppqqB.PPqq×PpqqC.PpQq×ppqqD.PpQq×Ppqq
【答案】D
【解析】
试题分析:
由题干分析可知每一对基因中至少有一个显性基因时,花的颜色为紫色,即紫花的基因型是P-Q-,其余基因型都是白花。
根据杂交实验P:
紫色花(P-Q-)×白色花→F1:
3/8紫色花(P-Q-),5/8白色花,因为紫花的比例是3/8,而3/8可以分解为3/4×1/2,也就是说两对基因一对是杂合子测交,另一对是杂合子自交。
因此可得Pp×pp(1/2),Qq×Qq(3/4)或者是Pp×Pp(3/4),Qq×qq(1/2),即双亲的基因型是PpQq×Ppqq或ppQq×PpQq。
考点:
基因的自由组合规律的实质及应用
19.下列属于相对性状的是()
A.豌豆的高茎和黄粒B.猫的白毛和狗的黑毛
C.人的白化病和虎的白化病D.人的单眼皮和双眼皮
【答案】D
【解析】
试题分析:
豌豆的高茎和黄粒,是两种性状,不是相对性状,A错误;猫的白毛和狗的黑毛是两种生物的性状,不属于相对性状,B错误;人的白化病和虎的白化病是两种生物的性状,不属于相对性状,C错误;人的单眼皮和双眼皮,属于同一种生物的同一种性状的两种表现类型,属于相对性状,D正确。
考点:
相对性状
【名师点睛】分析相对性状的概念,首先看这种性状是不是同种生物的;再看是不是说的用同一种性状;三看是不是不同表现类型。
20.研究人员将抗虫基因(SCK基因)导入水稻,挑选出SCK基因成功整合到染色体上的抗虫植株(假定SCK基因都能正常表达)。
某些抗虫植株体细胞含两个SCK基因,假设这两个基因在染色体上随机整合,出现如图所示三种情况。
下列相关说法正确的是()
A.甲图个体自交,F1中抗虫植株和非抗虫植株的比例为3∶1
B.乙图个体与正常水稻进行杂交,子代中抗虫植株和非抗虫植株的比例为3∶1
C.丙图个体减数分裂产生的配子有1/2含SCK基因
D.丙图个体自交,F1中抗虫植株和非抗虫植株的比例为15∶1
【答案】D
【解析】
试题分析:
甲图个体两个SCK基因位于一对同源染色体上,产生的配子100%含有SCK基因,个体自交F1中全部含有抗虫基因,全部表现为抗虫;乙图个体两个SCK基因都位于一条染色体上,产生的配子50%含有SCK基因,与正常水稻进行杂交,子代中抗虫植株占50%;丙图个体减数分裂产生的配子有1—1/4=3/4含SCK基因;丙图个体产生完全不含SCK配子的概率为1/4,那么丙图自交,F1中非抗虫植株的比例为(1/4)*(1/4)=1/16,所以抗虫植株和非抗虫植株的比例为15∶1。
考点:
基因型概率的计算
点评:
本题貌似跟平常的概率计算题有很大的差别,但拨开云雾会,我们可以SCK基因为显性基因A,甲图中二者虽不是等位基因,但为了计算方便可表示基因型为AA,乙图因为两个基因位于一条染色体上,可表示为Aa,丙图中该基因为位于非同源染色体上,可假设为AaBb,只要有一个显性基因就表现为抗虫。
二、综合题
21.下列关于遗传实验和遗传规律的叙述,正确的是( )
A.非等位基因之间自由组合,不存在相互作用
B.杂合子与纯合子基因组成不同,性状表现也不同
C.F2的3∶1性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合
D.孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的基因型
【答案】C
【解析】非同源染色体上的非等位基因之间自由组合,也可能会存在相同作用.若不存在相互作用,则双杂合子自交,后代会出现9:
3:
3:
1的性状分离比;若存在相互作用,则双杂合子自交,后代会出现9:
3:
3:
1的性状分离比的变式,如12:
3:
1、9:
6:
1、15:
1等,A错误;杂合子和显性纯合子的表现型一般相同,B错误;雌雄配子的随机结合是F2出现3:
1性状分离比的条件之一,C正确;测交实验可用于检测F1的基因型,还可检测F1产生配子的种类及比例,D错误。
22.(10分,最后两空各2分,其余每空1分)某植物有全雌株(只有雌花)、全雄株(只有雄花)和正常株(雌花、雄花均有)等不同性别类型的植株,研究人员做了如图所示的实验。
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(1
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