吉林省长白山第二中学学年高一上学期期中考试化学精校解析Word版.docx
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吉林省长白山第二中学学年高一上学期期中考试化学精校解析Word版
吉林省长白山二中2018-2019学年高一上学期期中考试
化学试卷
1.下列化学药品名称与危险化学品的标志名称对应正确的是
A.乙醇——剧毒品B.浓硫酸——腐蚀品
C.汽油——三级放射性物品D.烧碱——易燃品
【答案】B
【解析】
【分析】
A.乙醇是易燃品;B.浓硫酸有强腐蚀性;C.汽油是易燃品;D.烧碱有强腐蚀性。
【详解】A.乙醇易燃,是易燃品,故A错误;
B.浓硫酸有强腐蚀性,是腐蚀品,故B正确;
C.汽油易燃,是易燃品,故C错误;
D.烧碱有强腐蚀性,是腐蚀品,故D错误,答案选B。
2.对下列物质进行的分类正确的是
A.NH3、CO2的水溶液均导电,所以NH3、CO2均是电解质
B.CuSO4·5H2O属于纯净物
C.凡能电离出H+的化合物均属于酸
D.盐类物质一定含有金属阳离子
【答案】B
【解析】
【详解】A、氨气的水溶液能导电,是因为氨气和水反应生成一水合氨,一水合氨电离出铵根离子和氢氧根离子,而不是氨气电离;二氧化碳的水溶液能导电,是因为二氧化碳和水反应生成碳酸,碳酸电离出氢离子和碳酸氢根离子,不是二氧化碳电离,所以氨气和二氧化碳均是非电解质,A错误;
B、CuSO4·5H2O属于纯净物,B正确;
C、凡能电离出H+的化合物不一定均属于酸,例如硫酸氢钠能电离出氢离子,硫酸氢钠是盐,C错误;
D、盐类物质不一定含有金属阳离子,例如氯化铵等,D错误。
答案选B。
【点睛】电解质的判断是解答的易错点,把握电解质的定义主要有两点:
溶于水溶液中或在熔融状态下能够发生自身的电离而导电,二是该物质是化合物。
3.如下图,在盛有碘水的三支试管中分别加入苯(密度比水小,不溶于水)、四氯化碳和酒精,振荡后静置,出现下列现象,正确的结论是
A.①加入的是CCl4②加苯③加酒精B.①加入的是酒精②加CCl4③加苯
C.①加入的是苯②加CCl4③加酒精D.①加入的是苯②加酒精③加CCl4
【答案】C
【解析】
试题分析:
苯与四氯化碳不溶于水,所以在盛有碘水的试管中分别加入苯和四氯化碳,会出现分层现象,因为苯的密度小于水,应在上层,四氯化碳的密度大于水,应在下层,故①加入的是苯,②加入的是四氯化碳,酒精能与水互溶,所以③加入的是酒精,故C项正确。
考点:
考查物质的物理性质。
4.下列实验方案设计中,可行的是()
A.加稀盐酸后过滤,除去混在铜粉中的少量镁粉和铝粉
B.用萃取的方法分离汽油和煤油
C.用溶解、过滤的方法分离KNO3和NaCl固体的混合物
D.将O2和H2的混合气体通过灼热的氧化铜,以除去其中的H2
【答案】A
【解析】
A项,Mg粉和Al粉溶于稀盐酸,铜粉不溶于稀盐酸,加稀盐酸后过滤可除去混在铜粉中的少量镁粉和铝粉,正确;B项,汽油和煤油为沸点不同互相混溶的液体混合物,应用分馏法分离,错误;C项,KNO3的溶解度随着温度的升高明显增大,NaCl的溶解度随着温度的升高增大不明显,分离KNO3和NaCl固体混合物的操作为:
加水将固体混合物溶解,蒸发结晶,趁热过滤,冷却结晶,过滤,错误;D项,此过程中发生反应:
H2+CuO
Cu+H2O、2Cu+O2
2CuO,O2被消耗而减少,同时H2与O2反应可能发生爆炸,错误;答案选A。
点睛:
物质分离提纯的原则:
不增(不增加新杂质)、不减(不减少被提纯物质)、易分离、易复原。
5.某位同学配制一定物质的量浓度的NaOH溶液时,造成所配溶液浓度偏高的原因是
A.定容时,仰视凹液面最低点
B.向容量瓶中加水未到刻度线
C.有少量NaOH溶液残留在烧杯里
D.用带游码的托盘天平称2.4gNaOH时误用了“左码右物”方法
【答案】B
【解析】
【详解】A.定容时,仰视凹液面最低点,溶液体积增加,浓度偏低,A错误;
B.向容量瓶中加水未到刻度线,溶液体积减少,浓度偏高,B正确;
C.有少量NaOH溶液残留在烧杯里,溶质减少,浓度偏低,C错误;
D.用带游码的托盘天平称2.4gNaOH时误用了“左码右物”方法,溶质的质量不足2.4g,所以浓度偏低,D错误。
答案选B。
【点睛】明确误差分析的依据是解答的关键,即根据
可得,一定物质的量浓度溶液配制的误差都是由溶质的物质的量nB和溶液的体积V引起的。
误差分析时,关键要看配制过程中引起n和V怎样的变化。
在配制一定物质的量浓度溶液时,若nB比理论值小,或V比理论值大时,都会使所配溶液浓度偏小;若nB比理论值大,或V比理论值小时,都会使所配溶液浓度偏大。
6.在实验室中,不慎被玻璃划破了手指,可用FeCl3溶液应急止血,其主要原因可能是( )
A.FeCl3具有杀菌消毒作用B.FeCl3能使血液发生化学变化
C.产生Fe(OH)3沉淀堵住伤口D.FeCl3能使血液胶体凝聚
【答案】D
【解析】
【详解】血液属于胶体,加入电解质溶液(FeCl3溶液)可使胶粒聚沉,血液凝聚达到止血效果,故D正确。
综上所述,本题正确答案为D。
【点睛】本题重点考查胶体的性质。
胶体的性质:
(1)丁达尔现象:
当一束平行光线通过胶体时,从侧面看到一束光亮的“通路”。
(2)布朗运动:
胶体中胶粒不停地作无规则运动。
其胶粒的运动方向和运动速率随时会发生改变,从而使胶体微粒聚集变难,这是胶体稳定的一个原因。
布朗运动属于微粒的热运动的现象。
这种现象并非胶体独有的现象。
(3)电泳现象:
胶粒在外加电场作用下,能在分散剂里向阳极或阴极作定向移动,这种现象叫电泳。
同种溶液的胶粒带相同的电荷,具有静电斥力,胶粒间彼此接近时,会产生排斥力,所以胶体稳定,这是胶体稳定的主要而直接的原因。
(4)凝聚:
胶体中胶粒在适当的条件下相互结合成直径大于的颗粒而沉淀或沉积下来的过程。
如在胶体中加入适当的物质(电解质),胶体中胶粒相互聚集成沉淀。
7.设NA表示阿伏加德罗常数,下列叙述正确的是
A.通常状况下,NA个Cl2分子的质量是71g
B.通常状况下,NA个CO2分子的体积约是22.4L
C.100mL0.1mol/L的H2SO4溶液中H+的个数是0.2NA
D.若1gN2含有m个分子,则NA=m/28
【答案】A
【解析】
【详解】A、NA个Cl2分子的物质的量是1mol,质量是71g,A正确;
B、通常状况下,NA个CO2分子的物质的量是1mol,但体积不一定是22.4L,B错误;
C、硫酸是二元强酸,100mL0.1mol/L的H2S04溶液中H+的个数是0.02NA,C错误;
D、若1gN2含有m个分子,则
,因此NA=28m,D错误;
答案选A。
【点睛】本题主要是考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断,要准确解答好这类题目,一是要掌握好以物质的量为中心的各物理量与阿伏加德罗常数的关系,尤其要注意气体摩尔体积和阿伏加德罗定律的使用条件和范围;二是要准确弄清微粒的组成特点,分子、原子、原子核内质子中子及核外电子的构成关系,题目难度不大。
8.某溶液中只含有Na+、Al3+、Cl−、SO42−四种离子,已知前三种离子的个数比为5∶2∶1,则溶液中Al3+和SO42−的离子个数比为
A.1∶2B.1∶4C.3∶4D.2∶5
【答案】D
【解析】
【详解】忽略水的电离,根据溶液显电中性可知n(Na+)+3n(Al3+)=n(Cl-)+2n(SO42-),已知Na+、Al3+、Cl-三种离子的个数比为5∶2∶1,因此5n(Al3+)/2+3n(Al3+)=n(Al3+)/2+2n(SO42-),解得n(Al3+):
n(SO42-)=2:
5。
答案选D。
9.下列说法中正确的是
A.氯化钠水溶液在电流的作用下电离出Na+和Cl−
B.硫酸钡难溶于水,但硫酸钡属于电解质
C.二氧化碳溶于水能部分电离,故二氧化碳属于电解质
D.硫酸钠在水中的电离方程式可表示为Na2SO4===2Na++S6++4O2−
【答案】B
【解析】
【详解】A、氯化钠在溶于水时即能电离出Na+和Cl−,电解质的电离无需外加电流的作用,A错误;
B、硫酸钡虽难溶于水,但硫酸钡溶于水的部分是完全电离的,因此硫酸钡属于电解质,B正确;
C、二氧化碳溶于水生成的碳酸能部分电离,碳酸是电解质,而二氧化碳不能电离出阴阳离子,是非电解质,C错误;
D、硫酸钠在水中的电离方程式应为Na2SO4=2Na++SO42-,D错误。
答案选B。
10.下列化学方程式中,不能用离子方程式:
H++OH-=H2O表示的是
A.2NaOH+H2SO4=Na2SO4+2H2O
B.Ba(OH)2 +2HCl=BaCl2+2H2O
C.KOH+HCl=KCl+H2O
D.Cu(OH)2+2HNO3=Cu(NO3)2+2H2O
【答案】B
【解析】
试题分析:
可溶易电离的化合物拆写成离子,难溶、弱酸、弱碱、水、氧化物、单质不能拆写成离子,因为Cu(OH)2属于难溶物,不能拆写成离子形式,故选项B符合题意。
考点:
考查离子反应方程式的书写等知识。
11.将标准状况下的aLHCl(气)溶于1000g水中,得到的盐酸密度为bg/cm3,则该盐酸的物质的量浓度是
A.
mol/LB.
mol/L
C.
mol/LD.
mol/L
【答案】B
【解析】
【分析】
根据n=V/Vm计算出标准状况下aLHCl的物质的量,再根据m=nM计算出氯化氢的质量,从而可计算出所得溶液的质量分数,再根据c=1000ρω/M计算出所得溶液的浓度。
【详解】aL标准状况下HCl的物质的量为:
n(HCl)=aL/22.4L·mol-1=a/22.4mol,质量为:
36.5g·mol-1×a/22.4mol=36.5a/22.4g,所得溶液的质量为:
1000g+36.5a/22.4g,所得溶液中溶质的质量分数为:
ω=
,所得溶液的浓度为:
c=1000ρω/M=
故选B。
【点睛】本题考查了物质的量浓度的计算,解题关键:
明确物质的量浓度与溶质质量分数的转化关系,易错点D:
对计算公式中的1000mL·L-1的单位意义理解不到位.
12.物质的量相同的CO和CO2具有相同的
①分子数②原子数③C原子数④O原子数
A.①④B.②④C.①③D.①②③
【答案】C
【解析】
【分析】
物质的量相同,即代表分子数相同,再结合CO和CO2的组成,即可分析出其中原子数、
C原子数、O原子数的关系。
【详解】假设CO和CO2的物质的量均为1mol,①由N=n×NA可知,分子数相等,①正确;②1molCO含有原子个数为2NA,1molCO2含有原子个数为3NA,②错误;③1molCO含有C原子数为NA,1molCO2含有C原子数也为NA,③正确;④1molCO含有O原子数为NA,1molCO2含有O原子数为2NA,④错误,综上①、③正确,故选C。
【点睛】本题考查物质的量有关的计算,主要是对微粒个数的考查。
分析问题时,由N=n×NA入手,并结合所给物质的组成进行简单计算。
13.同温同压下,两种气体的体积不同,其主要原因是
A.气体的分子大小不同B.气体分子间的平均距离不同
C.气体的物质的量不同D.气体的性质不同
【答案】C
【解析】
试题分析:
气体体积大小主要受两个因素影响:
①气体分子数目、②气体分子间的平均距离,同温、同压下,气体分子间的平均距离几乎相等,故同温同压下,两种气体的体积如果不相同,其主要原因是气体分子数目不相同,即气体的物质的量不同,故C项正确;本题选C。
考点:
气体体积大小因素判断。
14.下列有关0.1mol/LKNO3溶液的叙述正确的是
A.在1L水中溶解10.1gKNO3,即可配制得0.1mol/LKNO3溶液
B.100mL该溶液中含NO3-0.1mol
C.从1L该溶液中取出100mL,所取出的KNO3溶液的浓度为0.01mol/L
D.1L该溶液中含KNO310.1g
【答案】D
【解析】
试题分析:
A.10.1gKNO3的物质的量为0.1mol,溶于水配成1L溶液,即可配制得0.1mol/LKNO3溶液,体积1L为溶液体积,不是溶剂水的体积,故A错误;B.NO3-浓度为0.1mol/L,100mL该溶液中NO3-的物质的量为0.1L×0.1mol•L-1=0.01mol,故B错误;C.溶液是均匀的,取出溶液的浓度与原溶液浓度相同,从1L该溶液中取出100mL,所取出的KNO3溶液的浓度为0.1mol/L,故C错误;D.1L该溶液中含KNO3的质量为1L×0.1mol•L-1×101g/mol=10.1g,故D正确。
故选D。
考点:
考查物质的量的相关计算
15.实验是化学研究的基础,关于下列各实验装置图的叙述中,正确的是
①②③④
A.装置①振荡后静置,溶液上层无色,下层紫红色
B.装置②可用于吸收HCl气体,并防止倒吸
C.装置③可用于制取蒸馏水
D.装置④b口进气可收集H2、CO2等气体
【答案】C
【解析】
【分析】
A.该操作为分液,分离互不相溶的液体混合物;B.导管插入水中,不能起到防倒吸的作用;C.利用蒸馏操作可制得蒸馏水;D.该装置适用于收集密度比空气小的气体。
【详解】A.酒精和水互溶,不分层,故A项错误;B.图②装置不能起到防倒吸的作用,可改用密度比水大的四氯化碳,故B项错误;C.图③为蒸馏装置图,冷凝水下进上出,故C项正确;D.b口进气可收集密度比空气小的气体,如H2,CO2密度比空气大,不适用此方法,故D错误;综上,本题选C。
【点睛】本题考查物质分离提纯过程中的常见操作,比如:
蒸馏、萃取分液,同时还考察了气体的收集和尾气的处理。
要注重对实验过程的剖析,熟悉实验操作过程,明确实验操作的目的。
16.在强酸性溶液中,下列各组离子不能大量共存的是
A.Na+、K+、SO42−、Cl−B.Na+、Cl−、SO42−、Fe3+
C.Ba2+、K+、HCO3−、NO3−D.Cu2+、Na+、SO42−、NO3−
【答案】C
【解析】
【分析】
C.HCO3-可与H+反应,其余选项不发生反应。
【详解】酸性溶液中存在大量的H+,C选项中HCO3-+H+=CO2↑+H2O,不能共存;其余选项中均能共存,综上,本题选C。
【点睛】本题考查在限定条件下的离子共存问题,溶液为酸性时,不能出现与H+反应的离子,如:
OH-、HCO3−、CO32−等。
17.如图所示装置进行实验,将液体A逐滴加入到固体B中,下列叙述中不正确的是
A.若A为醋酸,B为贝壳(粉状),C为澄清石灰水溶液,则C中溶液变浑浊
B.实验中仪器D可起到防倒吸的作用
C.若A为浓盐酸,B为锌粒,C中盛滴有酚酞的NaOH溶液,则C中溶液褪色
D.若A为双氧水,B为MnO2,C中的NaOH溶液,D为防倒吸装置
【答案】D
【解析】
【详解】A.醋酸的酸性大于碳酸,则B中发生醋酸与碳酸钙的反应,C中发生二氧化碳与澄清石灰水反应生成碳酸钙溶液,C中变浑浊,故A叙述正确;
B.D为球形结构,容积较大,发生倒吸后导致试管中的液面明显下降,从而下端与液面脱离,受重力作用下,倒吸入D中的液体又回落下来,从而具有防倒吸作用,故B叙述正确;
C.浓盐酸易挥发,则产生的氢气中含有与HCl杂质,与NaOH发生中和反应从而使溶液褪色,故C叙述正确;
D.若A为双氧水,B为MnO2,则会反应产生氧气,氧气难溶于水和氢氧化钠溶液,不会发生倒吸,故D叙述错误;
答案选D。
18.设NA表示阿伏加德罗常数,下列说法正确的是
A.将1L2mol/L的FeCl3溶液制成胶体后,其中含有氢氧化铁胶粒数为2NA
B.常温常压下,23gNO2和N2O4的混合气体一定含有NA个氧原子
C.1L0.1mol/LNaHSO4溶液中含有0.1NA个HSO4-
D.向某无色溶液中滴加BaCl2溶液,产生白色沉淀,原溶液中一定含有SO42-
【答案】B
【解析】
【分析】
A.FeCl3溶液制成胶体时,一个氢氧化铁胶粒是多个氢氧化铁的聚集体,故形成的胶粒的个数变少;B.利用计算假设,假设23g全为NO2求出极端值,再假设23g全为N2O4求出极端值,最终结果介于两者之间;C.NaHSO4在溶液中完全电离为钠离子、氢离子和硫酸根离子;D.关于Ba2+的沉淀,可以为BaSO4,也可以为BaCO3,当产生白色沉淀时,无法确定溶液中是否含有SO42-。
【详解】A.1L2mol/L的FeCl3溶液中含有2molFeCl3,制成胶体时,一个氢氧化铁胶粒是多个氢氧化铁的聚集体,故形成的胶粒的个数小于2NA,故A错误;B.极端假设,当23g气体全为NO2时,其物质的量为0.5mol,含有NA个氧原子,当23g气体全为N2O4时,其物质的量为0.25mol,含有NA个氧原子,故当23gNO2和N2O4任意比例混合时,一定含有NA个氧原子,故B项正确;C.NaHSO4在溶液中完全电离为钠离子、氢离子和硫酸根离子,故溶液中无HSO4﹣,故C项错误;D.向某无色溶液中滴加BaCl2溶液,产生白色沉淀,可能为BaCO3沉淀,也可能为BaSO4沉淀,无法确定溶液中是否含有SO42-,故D项错误。
综上,本题选B。
19.意大利罗马大学的FulvioCacace等人获得了极具理论研究意义的N4分子,下列说法正确的是()
A.N4属于一种新型的化合物
B.N4与N2的摩尔质量相等
C.等质量的N4与N2所含的原子个数比为2∶1
D.等质量的N4与N2所含的原子个数比为1∶1
【答案】D
【解析】
【分析】
A.N4是一种只由N元素组成的纯净物,为单质,故A错误;B.N4的摩尔质量为56g/mol,N2的摩尔质量为28g/mol,故B错误;对于C和D,设N4与N2的质量均为mg,求出相应物质的量,再在求出原子个数之比。
【详解】A.由一种元素组成的纯净物为单质,由两种或两种以上的元素组成的纯净物为化合物,故A项错误;B.N4的摩尔质量为56g/mol,N2的摩尔质量为28g/mol,故B项错误;设N4与N2的质量均为mg,则N4的物质的量为m/56mol,所含的原子个数4m/56NA,即m/14NA。
N2的物质的量为m/28mol,所含的原子个数2m/28NA,即m/14NA。
故等质量的N4与N2所含的原子个数比为1∶1,C项错误,D项正确。
综上本题选D。
20.人体血浆中平均每100mL中含10.02mgCa2+(Mr=40.08),则血液中Ca2+的物质的量浓度是
A.0.25mol·L-1B.2.5mol·L-1
C.2.5×10-3mol·L-1D.2.5×10-4mol·L-1
【答案】C
【解析】
【分析】
根据物质的量浓度的计算公式c=
来计算。
【详解】n(Ca2+)=
=2.5
10-4mol,c(Ca2+)=
=2.5×10-3mol·L-1,故C正确,
答案选C。
21.
(1)0.5molH2SO4的质量是________________________;
(2)标准状况下,1.92g某气体的体积为672mL,则该气体的摩尔质量为______;
(3)等质量的SO2和SO3的物质的量之比_______;氧原子个数比为_________;
(4)11.1gCaCl2固体溶于水配成500mL溶液,其浓度为_____mol·L-1,从中取出100mL溶液,其中Cl-的物质的量为_____mol;再把取出的溶液加水稀释成500mL,则此时CaCl2溶液的浓度为______mol·L-1。
【答案】
(1).49g
(2).64g/mol(3).5:
4(4).5:
6(5).0.2(6).0.04(7).0.04
【解析】
【分析】
(1)根据m=n×M进行计算;
(2)先求出气体物质的量,再求质量
(3)设SO2和SO3的质量均为mg,求出二者的物质的量,再根据物质的量得出原子个数的关系
(4)利用浓度公式计算浓度;从500mL溶液中取出100mL溶液,溶液浓度不变,得出Cl-的物质的量;100mL溶液稀释为500mL,浓度变为原来的1/5;
【详解】
(1)0.5molH2SO4的质量m=n×M=0.5mol×98g/mol=49g
(2)标准状况下,1.92g某气体的体积为672mL,则该气体的物质的量n=V/Vm=(672×10-3)L/22.4(L/mol)=0.03mol,M=m/n=1.92g/0.03mol=64g/mol
(3)设SO2和SO3的质量均为mg,则SO2的物质的量n=m/64mol,SO3的物质的量n=m/80mol,物质的量之比为5:
4,m/64molSO2中氧原子个数2m/64NA,即m/32NA,m/80molSO2中氧原子个数3m/80NA,故氧原子个数比为5:
6。
(4)11.1gCaCl2为0.1mol,配成500mL溶液时,c=n/V=0.1mol/0.5L=0.2mol/L;从中取出100mL溶液,溶液浓度不变,其中Cl-的物质的量n=cV=2×0.2mol/L×0.1L=0.04mol;再把取出的溶液加水稀释成500mL,则此时CaCl2溶液的浓度c=0.2mol/L/5=0.04mol/L
22.现有下列几种物质:
①淀粉溶液②CO2③熔化的KNO3④BaSO4晶体⑤H2SO4⑥铝⑦石墨⑧BaCl2溶液⑨乙醇,请用编号填写下列空格:
(1)属于胶体的有_______________
(2)属于非电解质的有____________,
(3)直接能导电的电解质是____________,
(4)⑤和⑧反应的离子方程式___________________________。
【答案】
(1).①
(2).②⑨(3).③(4).SO42-+Ba2+=BaSO4↓
【解析】
【分析】
本题考查了电解质、非电解质、胶体等知识点,明确电解质与非电解质的区别。
(1)胶体的微粒直径在1-100nm之间,根据微粒直径判断;
(2)在水溶液里或熔融状态下都不能导电的化合物是非电解质,首先必须是化合物;
(3)在水溶液里或熔融状态下都能导电的化合物是电解质,能导电的物质必须含有自由移动的离子或电子。
(4)⑤和⑧反应的离子方程式为:
SO42-+Ba2+=BaSO4↓
【详解】
(1)胶体的微粒直径在1-100nm之间,只有淀粉的微粒直径在1-100nm之间,所以淀粉是胶体,故答案为①;
(2)①淀粉溶液、⑧BaCl2溶液是混合物,所以不是非电解质;②CO2是化合物,其水溶液能导电,但电离出自由移动离子的是碳酸不是二氧化碳,所以二氧化碳是非电解质,③熔化的KNO3、④BaSO4晶体、⑤H2SO4都是电解质。
⑥铝、⑦石墨属于单质,既不是电解质又不是非电解质。
⑨乙醇是非电解质,故答案为②⑨;
(3)能导电的物质必须有自由离子或电子。
金属中有自由移动的电子,电解质必须是在水溶液里或熔融状态下才能导电,所以能导电的电解质是③,故答案为③;
(4)⑤H2SO4和⑧BaCl2溶液反应生成BaSO4,其反应的离子方程式为:
SO42-+Ba2+=BaSO4↓
23.选择下列实验方法分离物质,将分离方法的序号填在横线上:
A.过滤B.结晶C.分液D
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