历年高考数学试卷附标准解析.doc
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高考数学试卷
一、填空题(本大题共有14题,满分48分.)考生应在答题纸相应编号的空格内直接填写结果,每个空格填对4分,否则一律得零分.
1.(4分)(2015•真题)设全集U=R.若集合Α={1,2,3,4},Β={x|2≤x≤3},则Α∩∁UΒ= .
2.(4分)(2015•真题)若复数z满足3z+=1+i,其中i是虚数单位,则z= .
3.(4分)(2015•真题)若线性方程组的增广矩阵为解为,则c1﹣c2= .
4.(4分)(2015•真题)若正三棱柱的所有棱长均为a,且其体积为16,则a= .
5.(4分)(2015•真题)抛物线y2=2px(p>0)上的动点Q到焦点的距离的最小值为1,则p= .
6.(4分)(2015•真题)若圆锥的侧面积与过轴的截面面积之比为2π,则其母线与轴的夹角的大小为 .
7.(4分)(2015•真题)方程log2(9x﹣1﹣5)=log2(3x﹣1﹣2)+2的解为 .
8.(4分)(2015•真题)在报名的3名男老师和6名女教师中,选取5人参加义务献血,要求男、女教师都有,则不同的选取方式的种数为 (结果用数值表示).
9.(2015•真题)已知点P和Q的横坐标相同,P的纵坐标是Q的纵坐标的2倍,P和Q的轨迹分别为双曲线C1和C2.若C1的渐近线方程为y=±x,则C2的渐近线方程为 .
10.(4分)(2015•真题)设f﹣1(x)为f(x)=2x﹣2+,x∈[0,2]的反函数,则y=f(x)+f﹣1(x)的最大值为 .
11.(4分)(2015•真题)在(1+x+)10的展开式中,x2项的系数为 (结果用数值表示).
12.(4分)(2015•真题)赌博有陷阱.某种赌博每局的规则是:
赌客先在标记有1,2,3,4,5的卡片中随机摸取一张,将卡片上的数字作为其赌金(单位:
元);随后放回该卡片,再随机摸取两张,将这两张卡片上数字之差的绝对值的1.4倍作为其奖金(单位:
元).若随机变量ξ1和ξ2分别表示赌客在一局赌博中的赌金和奖金,则Eξ1﹣Eξ2= (元).
13.(4分)(2015•真题)已知函数f(x)=sinx.若存在x1,x2,…,xm满足0≤x1<x2<…<xm≤6π,且|f(x1)﹣f(x2)|+|f(x2)﹣f(x3)|+…+|f(xm﹣1)﹣f(xm)|=12(m≥12,m∈N*),则m的最小值为 .
14.(2015•真题)在锐角三角形ABC中,tanA=,D为边BC上的点,△ABD与△ACD的面积分别为2和4.过D作DE⊥AB于E,DF⊥AC于F,则•= .
二、选择题(本大题共有4题,满分15分.)每题有且只有一个正确答案,考生应在答题纸的相应编号上,将代表答案的小方格涂黑,选对得5分,否则一律得零分.
15.(5分)(2015•真题)设z1,z2∈C,则“z1、z2中至少有一个数是虚数”是“z1﹣z2是虚数”的( )
A.
充分非必要条件
B.
必要非充分条件
C.
充要条件
D.
既非充分又非必要条件
16.(5分)(2015•真题)已知点A的坐标为(4,1),将OA绕坐标原点O逆时针旋转至OB,则点B的纵坐标为( )
A.
B.
C.
D.
17.(2015•真题)记方程①:
x2+a1x+1=0,方程②:
x2+a2x+2=0,方程③:
x2+a3x+4=0,其中a1,a2,a3是正实数.当a1,a2,a3成等比数列时,下列选项中,能推出方程③无实根的是( )
A.
方程①有实根,且②有实根
B.
方程①有实根,且②无实根
C.
方程①无实根,且②有实根
D.
方程①无实根,且②无实根
18.(5分)(2015•真题)设Pn(xn,yn)是直线2x﹣y=(n∈N*)与圆x2+y2=2在第一象限的交点,则极限=( )
A.
﹣1
B.
﹣
C.
1
D.
2
三、名师解答题(本大题共有5题,满分74分)名师解答下列各题必须在答题纸相应编号的规定区域内写出必要的步骤.
19.(12分)(2015•真题)如图,在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,AA1=1,AB=AD=2,E、F分别是AB、BC的中点,证明A1、C1、F、E四点共面,并求直线CD1与平面A1C1FE所成的角的大小.
20.(14分)(2015•真题)如图,A,B,C三地有直道相通,AB=5千米,AC=3千米,BC=4千米.现甲、乙两警员同时从A地出发匀速前往B地,经过t小时,他们之间的距离为f(t)(单位:
千米).甲的路线是AB,速度为5千米/小时,乙的路线是ACB,速度为8千米/小时.乙到达B地后原地等待.设t=t1时乙到达C地.
(1)求t1与f(t1)的值;
(2)已知警员的对讲机的有效通话距离是3千米.当t1≤t≤1时,求f(t)的表达式,并判断f(t)在[t1,1]上的最大值是否超过3?
说明理由.
21.(14分)(2015•真题)已知椭圆x2+2y2=1,过原点的两条直线l1和l2分别于椭圆交于A、B和C、D,记得到的平行四边形ABCD的面积为S.
(1)设A(x1,y1),C(x2,y2),用A、C的坐标表示点C到直线l1的距离,并证明S=2|x1y2﹣x2y1|;
(2)设l1与l2的斜率之积为﹣,求面积S的值.
22.(16分)(2015•真题)已知数列{an}与{bn}满足an+1﹣an=2(bn+1﹣bn),n∈N*.
(1)若bn=3n+5,且a1=1,求数列{an}的通项公式;
(2)设{an}的第n0项是最大项,即a≥an(n∈N*),求证:
数列{bn}的第n0项是最大项;
(3)设a1=λ<0,bn=λn(n∈N*),求λ的取值范围,使得{an}有最大值M与最小值m,且∈(﹣2,2).
23.(18分)(2015•真题)对于定义域为R的函数g(x),若存在正常数T,使得cosg(x)是以T为周期的函数,则称g(x)为余弦周期函数,且称T为其余弦周期.已知f(x)是以T为余弦周期的余弦周期函数,其值域为R.设f(x)单调递增,f(0)=0,f(T)=4π.
(1)验证g(x)=x+sin是以6π为周期的余弦周期函数;
(2)设a<b,证明对任意c∈[f(a),f(b)],存在x0∈[a,b],使得f(x0)=c;
(3)证明:
“u0为方程cosf(x)=1在[0,T]上得解,”的充分条件是“u0+T为方程cosf(x)=1在区间[T,2T]上的解”,并证明对任意x∈[0,T],都有f(x+T)=f(x)+f(T).
高考数学试卷(理科)
一、填空题(本大题共有14题,满分48分.)考生应在答题纸相应编号的空格内直接填写结果,每个空格填对4分,否则一律得零分.
1.(4分)(2015•真题)设全集U=R.若集合Α={1,2,3,4},Β={x|2≤x≤3},则Α∩∁UΒ= {1,4} .
知识归纳:
交、并、补集的混合运算.菁优网版权所有
名师分析:
本题考查集合的运算,由于两个集合已经化简,故直接运算得出答案即可.
名师讲解:
解:
∵全集U=R,集合Α={1,2,3,4},Β={x|2≤x≤3},
∴(∁UB)={x|x>3或x<2},
∴A∩(∁UB)={1,4},
故答案为:
{1,4}.
名师点评:
本题考查集合的交、并、补的混合运算,熟练掌握集合的交并补的运算规则是解本题的关键.本题考查了推理判断的能力.
2.(4分)(2015•真题)若复数z满足3z+=1+i,其中i是虚数单位,则z= .
知识归纳:
复数代数形式的乘除运算.菁优网版权所有
名师分析:
设z=a+bi,则=a﹣bi(a,b∈R),利用复数的运算法则、复数相等即可得出.
名师解答:
解:
设z=a+bi,则=a﹣bi(a,b∈R),
又3z+=1+i,
∴3(a+bi)+(a﹣bi)=1+i,
化为4a+2bi=1+i,
∴4a=1,2b=1,
解得a=,b=.
∴z=.
故答案为:
.
名师点评:
本题考查了复数的运算法则、复数相等,属于基础题.
3.(4分)(2015•真题)若线性方程组的增广矩阵为解为,则c1﹣c2= 16 .
知识归纳:
二阶行列式与逆矩阵.菁优网版权所有
名师分析:
根据增广矩阵的定义得到,是方程组的解,解方程组即可.
名师解答:
解:
由题意知,是方程组的解,
即,
则c1﹣c2=21﹣5=16,
故答案为:
16.
名师点评:
本题主要考查增广矩阵的求解,根据条件建立方程组关系是解决本题的关键.
4.(4分)(2015•真题)若正三棱柱的所有棱长均为a,且其体积为16,则a= 4 .
知识归纳:
棱锥的结构特征.菁优网版权所有
名师分析:
由题意可得(•a•a•sin60°)•a=16,由此求得a的值.
名师解答:
解:
由题意可得,正棱柱的底面是变长等于a的等边三角形,面积为•a•a•sin60°,正棱柱的高为a,
∴(•a•a•sin60°)•a=16,∴a=4,
故答案为:
4.
名师点评:
本题主要考查正棱柱的定义以及体积公式,属于基础题.
5.(4分)(2015•真题)抛物线y2=2px(p>0)上的动点Q到焦点的距离的最小值为1,则p= 2 .
知识归纳:
抛物线的简单性质.菁优网版权所有
名师分析:
利用抛物线的顶点到焦点的距离最小,即可得出结论.
名师解答:
解:
因为抛物线y2=2px(p>0)上的动点Q到焦点的距离的最小值为1,
所以=1,
所以p=2.
故答案为:
2.
名师点评:
本题考查抛物线的方程与性质,考查学生的计算能力,比较基础.
6.(4分)(2015•真题)若圆锥的侧面积与过轴的截面面积之比为2π,则其母线与轴的夹角的大小为 .
知识归纳:
旋转体(圆柱、圆锥、圆台).菁优网版权所有
名师分析:
设圆锥的底面半径为r,高为h,母线长为l,由已知中圆锥的侧面积与过轴的截面面积之比为2π,可得l=2h,进而可得其母线与轴的夹角的余弦值,进而得到答案.
名师解答:
解:
设圆锥的底面半径为r,高为h,母线长为l,
则圆锥的侧面积为:
πrl,过轴的截面面积为:
rh,
∵圆锥的侧面积与过轴的截面面积之比为2π,
∴l=2h,
设母线与轴的夹角为θ,
则cosθ==,
故θ=,
故答案为:
.
名师点评:
本题考查的知识点是旋转体,其中根据已知求出圆锥的母线与轴的夹角的余弦值,是名师解答的关键.
7.(4分)(2015•真题)方程log2(9x﹣1﹣5)=log2(3x﹣1﹣2)+2的解为 2 .
知识归纳:
对数的运算性质.菁优网版权所有
名师分析:
利用对数的运算性质化为指数类型方程,解出并验证即可.
名师解答:
解:
∵log2(9x﹣1﹣5)=log2(3x﹣1﹣2)+2,∴log2(9x﹣1﹣5)=log2[4×(3x﹣1﹣2)],
∴9x﹣1﹣5=4(3x﹣1﹣2),
化为(3x)2﹣12•3x+27=0,
因式分解为:
(3x﹣3)(3x﹣9)=0,
∴3x=3,3x=9,
解得x=1或2.
经过验证:
x=1不满足条件,舍去.
∴x=2.
故答案为:
2.
名师点评:
本题考查了对数的运算性质及指数运算性质及其方程的解法,考查了计算能力,属于基础题.
8.(4分)(2015•真题)在报名的3名男老师和6名女教师中,选取5人参加义务献血,要求男、女教师都有,则不同的选取方式的种数为 120 (结果用数值表示).
知识归纳:
排列、组合的实际应用.菁优网版权所有
名师分析:
根据题意,运用排除法名师分析,先在9名老师中选取5人,参加义务献血,由组合数公式可得其选法数目,再排除其中只有女教师的情况;即可得答案.
名师解答:
解:
根据题意,报名的有3名男老师和6名女教师,共9名老师,
在9名老师中选取5人,参加义务献血,有C95=126种;
其中只有女教师的有C65=6种情况;
则男、女教师都有的选取方式的种数为126﹣6=120种;
故答案为:
120.
名师点评:
本题考查排列、组合的运用,本题适宜用排除法(间接法),可以避免分类讨论,简化计算.
9.(2015•真题)已知点P和Q的横坐标相同,P的纵坐标是Q的纵坐标的2倍,P和Q的轨迹分别为双曲线C1和C2.若C1的渐近线方程为y=±x,则C2的渐近线方程为 .
知识归纳:
双曲线的简单性质.菁优网版权所有
名师分析:
设C1的方程为y2﹣3x2=λ,利用坐标间的关系,求出Q的轨迹方程,即可求出C2的渐近线方程.
名师解答:
解:
设C1的方程为y2﹣3x2=λ,
设Q(x,y),则P(x,2y),代入y2﹣3x2=λ,可得4y2﹣3x2=λ,
∴C2的渐近线方程为4y2﹣3x2=0,即.
故答案为:
.
名师点评:
本题考查双曲线的方程与性质,考查学生的计算能力,比较基础.
10.(4分)(2015•真题)设f﹣1(x)为f(x)=2x﹣2+,x∈[0,2]的反函数,则y=f(x)+f﹣1(x)的最大值为 4 .
知识归纳:
反函数.菁优网版权所有
名师分析:
由f(x)=2x﹣2+在x∈[0,2]上为增函数可得其值域,得到y=f﹣1(x)在[]上为增函数,由函数的单调性求得y=f(x)+f﹣1(x)的最大值.
名师解答:
解:
由f(x)=2x﹣2+在x∈[0,2]上为增函数,得其值域为[],
可得y=f﹣1(x)在[]上为增函数,
因此y=f(x)+f﹣1(x)在[]上为增函数,
∴y=f(x)+f﹣1(x)的最大值为f
(2)+f﹣1
(2)=1+1+2=4.
故答案为:
4.
名师点评:
本题考查了互为反函数的两个函数图象间的关系,考查了函数的单调性,属中档题.
11.(4分)(2015•真题)在(1+x+)10的展开式中,x2项的系数为 45 (结果用数值表示).
知识归纳:
二项式系数的性质.菁优网版权所有
名师分析:
先把原式前两项结合展开,名师分析可知仅有展开后的第一项含有x2项,然后写出第一项二项展开式的通项,由x的指数为2求得r值,则答案可求.
名师解答:
解:
∵(1+x+)10=,
∴仅在第一部分中出现x2项的系数.
再由,令r=2,可得,
x2项的系数为.
故答案为:
45.
名师点评:
本题考查了二项式系数的性质,关键是对二项展开式通项的记忆与运用,是基础题.
12.(4分)(2015•真题)赌博有陷阱.某种赌博每局的规则是:
赌客先在标记有1,2,3,4,5的卡片中随机摸取一张,将卡片上的数字作为其赌金(单位:
元);随后放回该卡片,再随机摸取两张,将这两张卡片上数字之差的绝对值的1.4倍作为其奖金(单位:
元).若随机变量ξ1和ξ2分别表示赌客在一局赌博中的赌金和奖金,则Eξ1﹣Eξ2= 0.2 (元).
知识归纳:
离散型随机变量的期望与方差.菁优网版权所有
名师分析:
分别求出赌金的分布列和奖金的分布列,计算出对应的均值,即可得到结论.
名师解答:
解:
赌金的分布列为
1 2 3 4 5
P
所以Eξ1=(1+2+3+4+5)=3,
奖金的分布列为
1.4 2.8 4.2 5.6
P = = = =
所以Eξ2=1.4×(×1+×2+×3+×4)=2.8,
则Eξ1﹣Eξ2=3﹣2.8=0.2元.
故答案为:
0.2
名师点评:
本题主要考查离散型随机变量的分布列和期望的计算,根据概率的公式分别进行计算是解决本题的关键.
13.(4分)(2015•真题)已知函数f(x)=sinx.若存在x1,x2,…,xm满足0≤x1<x2<…<xm≤6π,且|f(x1)﹣f(x2)|+|f(x2)﹣f(x3)|+…+|f(xm﹣1)﹣f(xm)|=12(m≥12,m∈N*),则m的最小值为 8 .
知识归纳:
正弦函数的图象.菁优网版权所有
名师分析:
由正弦函数的有界性可得,对任意xi,xj(i,j=1,2,3,…,m),都有|f(xi)﹣f(xj)|≤f(x)max﹣f(x)min=2,要使m取得最小值,尽可能多让xi(i=1,2,3,…,m)取得最高点,然后作图可得满足条件的最小m值.
名师解答:
解:
∵y=sinx对任意xi,xj(i,j=1,2,3,…,m),都有|f(xi)﹣f(xj)|≤f(x)max﹣f(x)min=2,
要使m取得最小值,尽可能多让xi(i=1,2,3,…,m)取得最高点,
考虑0≤x1<x2<…<xm≤6π,|f(x1)﹣f(x2)|+|f(x2)﹣f(x3)|+…+|f(xm﹣1)﹣f(xm)|=12,
按下图取值即可满足条件,
∴m的最小值为8.
故答案为:
8.
名师点评:
本题考查正弦函数的图象和性质,考查名师分析问题和解决问题的能力,考查数学转化思想方法,正确理解对任意xi,xj(i,j=1,2,3,…,m),都有|f(xi)﹣f(xj)|≤f(x)max﹣f(x)min=2是名师解答该题的关键,是难题.
14.(2015•真题)在锐角三角形ABC中,tanA=,D为边BC上的点,△ABD与△ACD的面积分别为2和4.过D作DE⊥AB于E,DF⊥AC于F,则•= ﹣ .
知识归纳:
平面向量数量积的运算.菁优网版权所有
名师分析:
由题意画出图形,结合面积求出cosA=,,然后代入数量积公式得答案.
名师解答:
解:
如图,
∵△ABD与△ACD的面积分别为2和4,∴,,
可得,,∴.
又tanA=,∴,联立sin2A+cos2A=1,得,cosA=.
由,得.
则.
∴•==.
故答案为:
.
名师点评:
本题考查平面向量的数量积运算,考查了数形结合的解题思想方法,考查了三角函数的化简与求值,是中档题.
二、选择题(本大题共有4题,满分15分.)每题有且只有一个正确答案,考生应在答题纸的相应编号上,将代表答案的小方格涂黑,选对得5分,否则一律得零分.
15.(5分)(2015•真题)设z1,z2∈C,则“z1、z2中至少有一个数是虚数”是“z1﹣z2是虚数”的( )
A.
充分非必要条件
B.
必要非充分条件
C.
充要条件
D.
既非充分又非必要条件
知识归纳:
必要条件、充分条件与充要条件的判断.菁优网版权所有
名师分析:
根据充分条件和必要条件的定义结合复数的有关概念进行判断即可.
名师解答:
解:
设z1=1+i,z2=i,满足z1、z2中至少有一个数是虚数,则z1﹣z2=1是实数,则z1﹣z2是虚数不成立,
若z1、z2都是实数,则z1﹣z2一定不是虚数,因此当z1﹣z2是虚数时,
则z1、z2中至少有一个数是虚数,即必要性成立,
故“z1、z2中至少有一个数是虚数”是“z1﹣z2是虚数”的必要不充分条件,
故选:
B.
名师点评:
本题主要考查充分条件和必要条件的判断,根据复数的有关概念进行判断是解决本题的关键.
16.(5分)(2015•真题)已知点A的坐标为(4,1),将OA绕坐标原点O逆时针旋转至OB,则点B的纵坐标为( )
A.
B.
C.
D.
知识归纳:
任意角的三角函数的定义.菁优网版权所有
名师分析:
根据三角函数的定义,求出∠xOA的三角函数值,利用两角和差的正弦公式进行求解即可.
名师解答:
解:
∵点A的坐标为(4,1),
∴设∠xOA=θ,则sinθ==,cosθ==,
将OA绕坐标原点O逆时针旋转至OB,
则OB的倾斜角为θ+,则|OB|=|OA|=,
则点B的纵坐标为y=|OP|sin(θ+)=7(sinθcos+cosθsin)=7(×+)=+6=,
故选:
D.
名师点评:
本题主要考查三角函数值的计算,根据三角函数的定义以及两角和差的正弦公式是解决本题的关键.
17.(2015•真题)记方程①:
x2+a1x+1=0,方程②:
x2+a2x+2=0,方程③:
x2+a3x+4=0,其中a1,a2,a3是正实数.当a1,a2,a3成等比数列时,下列选项中,能推出方程③无实根的是( )
A.
方程①有实根,且②有实根
B.
方程①有实根,且②无实根
C.
方程①无实根,且②有实根
D.
方程①无实根,且②无实根
知识归纳:
根的存在性及根的个数判断.菁优网版权所有
名师分析:
根据方程根与判别式△之间的关系求出a12≥4,a22<8,结合a1,a2,a3成等比数列求出方程③的判别式△的取值即可得到结论.
名师解答:
解:
当方程①有实根,且②无实根时,△1=a12﹣4≥0,△2=a22﹣8<0,
即a12≥4,a22<8,
∵a1,a2,a3成等比数列,
∴a22=a1a3,
即a3=,
则a32=()2=,
即方程③的判别式△3=a32﹣16<0,此时方程③无实根,
故选:
B
名师点评:
本题主要考查方程根存在性与判别式△之间的关系,结合等比数列的定义和性质判断判别式△的取值关系是解决本题的关键.
18.(5分)(2015•真题)设Pn(xn,yn)是直线2x﹣y=(n∈N*)与圆x2+y2=2在第一象限的交点,则极限=( )
A.
﹣1
B.
﹣
C.
1
D.
2
知识归纳:
极限及其运算.菁优网版权所有
名师分析:
当n→+∞时,直线2x﹣y=趋近于2x﹣y=1,与圆x2+y2=2在第一象限的交点无限靠近(1,1),利用圆的切线的斜率、斜率计算公式即可得出.
名师解答:
解:
当n→+∞时,直线2x﹣y=趋近于2x﹣y=1,与圆x2+y2=2在第一象限的交点无限靠近(1,1),而可看作点Pn(xn,yn)与(1,1)连线的斜率,其值会无限接近圆x2+y2=2在点(1,1)处的切线的斜率,其斜率为﹣1.
∴=﹣1.
故选:
A.
名师点评:
本题考查了极限思想、圆的切线的斜率、斜率计算公式,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
三、名师解答题(本大题共有5题,满分74分)名师解答下列各题必须在答题纸相应编号的规定区域内写出必要的步骤.
19.(12分)(2015•真题)如图,在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,AA1=1,AB=AD=2,E、F分别是AB、BC的中点,证明A1、C1、F、E四点共面,并求直线CD1与平面A1C1FE所成的角的大小.
知识归纳:
直线与平面所成的角.菁优网版权所有
名师分析:
利用长方体的集合关系建立直角坐标系.利用法向量求出二面角.
名师解答:
解:
连接AC,因为E,F分别是AB,BC的中点,所以EF是△ABC的中位线,所以EF∥AC.由长方体的性质知AC∥A1C1,
所以EF∥A1C1,
所以A1、C1、F、E四点共面.
以D为坐标原点,DA、DC、DD1分别为xyz轴,建立空间直角坐
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