卷3备战中考物理广东专用解析版Word文档格式.docx
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AB、原子核体积很小,原子核是带正电的,故A错误、B正确;
CD、原子核带正电,核外电子带负电,整个原子对外不显电性,故CD错误。
4.如图是用相同的加热装置对质量相同的A、B两种物质加热时它们的温度随时间变化的图象。
下列对图象的分析正确的是( )
A.0﹣t1时间内物质A的比热容大于物质B的比热容
B.T2一定是物质B的沸点
C.物质B一定是晶体,物质A一定不是晶体
D.t1﹣t2时间内物质B的温度不变内能不变
由图象知:
A、用相同的加热装置对质量相同的A、B两种物质加热时,0﹣t1时间内两种物质吸收的热量相同,A物质温度升高幅度较小,由公式c=
可以看出,A的比热容大于B的比热容。
故A正确;
B、t1﹣t2时间内,B物质温度保持不变,如果此时B熔化,T2是物质B的熔点;
如果此时B沸腾,T2是物质B的沸点。
故B错误;
C、T2可能是物质B的沸点,物质B是不是晶体不能判断;
物质A可能是晶体,可能是温度没有达到熔点,或者已超过熔点。
故C错误;
D、t1﹣t2时间内物质B的温度虽然不变,但吸收热量,所以内能增加。
故D错误。
【答案】A。
5.编钟是我国春秋战国时代的乐器,有关编钟的说法正确的是( )
A.敲击编钟时发出的声音是由编钟内空气振动产生的
B.编钟发出的声音在空气中的传播速度是3×
108m/s
C.用大小不同的力敲击同一个编钟,发出声音的音调不同
D.编钟发出的声音与其它乐器声不同,是因为它们发出声音的音色不同
A.声音是由物体振动产生的,敲击编钟时发出的声音是由编钟振动产生的,故A错误;
B.声音在15℃的空气中传播速度是340m/s,故B错误;
C.用大小不同的力敲击同一个编钟,发声体的振幅不一样,响度不同,故C错误;
D.编钟的结构和材料与其它乐器不同,所以编钟发出的声音与其它乐器声发出声音的音色不同,故D正确。
【答案】D。
6.如图中灯泡L1、L2的电阻分别为20Ω、10Ω,闭合开关S,通过L1,L2的电流分别为I1、I2,它们两端的电压分别为U1、U2,则( )
A.I1:
I2=1:
1U1:
U2=2:
1
B.I1:
2U1:
U2=1:
C.I1:
2
D.I1:
2
由图可知:
灯泡L1、L2串联;
根据串联电路的电流特点可知,通过L1、L2的电流相等,即I1:
1;
故BD错误;
根据I=
可得它们两端的电压之比:
,故A正确、C错误。
7.如图所示的电路中,正常发光的三盏灯中突然有两盏灯L2、L3熄灭,经查保险丝完好,在插座没有插入任何用电器的情况下,用试电笔试探插座的两孔,氖管均发光。
则故障原因是( )
A.一定是零线BC之间断了B.一定是零线AB之间断了
C.一定是插座发生短路了D.一定是零线CD之间断了
AB、试电笔插进插座的两孔,氖管均发光,说明零线的断路出在插座之前,即进户的零线BC之间断了,故B错误、A正确;
C、插座处发生短路,会使保险丝熔断,试电笔的氖管不会发光,故C错误;
D、进户的零线CD之间断了,试电笔插进插座的两孔,应只有一个孔氖管发光,故D错误。
二.填空题(本题共11小题,每空1分)
8.如右图所示,某小球以速度v向放置于光滑水平面的轻质弹簧运动,在小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中弹簧的弹性势能将 变大 (选填“变大”“变小”“先变大再变小”或“先变小再变大”,下同),小球的速度将 变小 。
小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中,弹簧的形变程度变大,则弹簧的弹性势能将变大;
小球接触弹簧后,在水平方向上受到向右的弹力的作用,弹簧的形变程度越大,弹力越大,小球会做减速运动,速度变小。
【答案】变大;
变小。
9.汽油机在“吸气”、“压缩”、“做功”、“排气”的四个冲程中,将机械能转化为内能的是 压缩 冲程;
如图所示表示正在进行的是 做功 冲程。
内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程,做功冲程是内能转化为机械能的冲程,燃料燃烧的化学能转化为内能,高温高压的燃气推动活塞做功;
压缩冲程中活塞向上运动,压缩气体对气体做功,使得气体的温度升高、内能增大,将机械能转化为内能;
由图可知,两个气门关闭,活塞下行,为做功冲程。
【答案】压缩;
做功。
10.如图所示以固定光源发出一束与水平面构成45°
角的光照在液面上,光经过液面反射后在光屏上形成一个光斑S1,若光斑由S1向右移动了2m移到S2时,则液面 下降 (选填“上升”或“下降”)了 1 m。
由于入射光线的方向不变,且光在液面上发生的是镜面反射,故当液面高度发生变化时,反射光线的方向与原来的反射光线是平行的,如下图所示:
由图可知,当光斑由S1向右移动移到S2时,则表明液面从AB下降到CD;
若光斑由S1向右移动了2m移到S2时,如上图所示,
由题意和平行四边形知识可得:
O′E=S2S1=2m,
入射光线与水平面成45°
角,则可知△EOO′为直角三角形,
所以由几何知识可得OF=
O′E=
×
2m=1m,则说明水位下降了1m。
【答案】下降;
1。
11.如图,将导体ab置于磁场中,搁在水平金属轨道上。
合上开关,会观察到导体ab发生运动,这表明通电导体在磁场中 受力 作用(选填“受力”或“不受力”)。
电动机 就是根据这一原理制造出来的(选填“发电机”或“电动机”)。
如果把电源的正负极对调后接入电路,会发现ab导体的运动方向跟原来的运动方向 相反 (选填“相同”或“相反”)。
(1)开关闭合后,导体中有电流通过,导体运动起来,说明通电导体在磁场中受到力的作用,电动机就是利用该原理制成的;
(2)把电源的正负极对调后接入电路,磁场方向不变,而通过导体的电流方向相反,导体的受力方向相反,故会发现导体ab的运动方向跟原来运动的方向相反。
【答案】受力;
电动机;
相反。
12.我们生产生活中常用的温度计是根据液体 热胀冷缩 的性质制成的;
图中的 乙 是体温计,可以离开人体读数。
常用温度计是液体温度计,液体温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的。
甲温度计没有缩口,乙温度计有缩口,所以乙温度计是体温计。
【答案】热胀冷缩;
乙。
13.如图甲所示,弹簧测力计通过细线拉着正方体物块缓慢浸入某未知液体中,物块受到的拉力F与其下表面浸入液体中的深度h之间的关系如图乙所示。
则物块受到的重力为 15 N,物块刚好浸没在液体中时其下表面浸入的深度为 10 cm,未知液体的密度为 0.9×
103 kg/m3.(g取10N/kg,木块在下降过程中不考虑液面的变化)
(1)由图象可知,弹簧测力计的最大示数F最大=15N,此时物块未浸入液体中,则物块重力G=F最大=15N;
(2)由图象可知,物块从刚浸入液体到完全浸入,物块浸入深度h=10cm,即正方体物块的边长为10cm;
(3)物块的体积V=(10cm)3=1000cm3=1×
10﹣3m3,物块全浸入时弹簧测力计的示数F示=6N,
受到的浮力F浮=G﹣F示=15N﹣6N=9N,
物块排开液体的体积:
V排=V=1×
10﹣3m3,
由F浮=ρ液V排g可得液体的密度:
ρ液=
=0.9×
103kg/m3。
【答案】15;
10;
0.9×
103。
14.电饭锅是利用 电流热效应 工作的,电饭锅具有保温和加热功能,如图是它的模拟电路,当开关S1、S2都闭合时,电饭锅处于 加热 (选填“加热”或“保温”)状态。
电饭锅是把电能转化成内能的用电器,所以电饭锅是根据电流的热效应工作的。
由公式P=
知,电压一定时,电功率与电阻成反比。
电路图中当开关S1、S2都闭合时,电阻R1被短路,电路中的总电阻最小,此时电路的电功率最大,即处于加热状态。
【答案】电流热效应;
加热。
15.如图所示中物体的长度为 3.50 cm,该刻度尺的分度值是 1 mm。
由图知:
刻度尺上1cm之间有10个小格,所以一个小格代表1mm,即刻度尺的分度值为1mm;
物体左侧与零刻度线对齐,右侧与3.50cm对齐,所以物体的长度为L=3.50cm。
【答案】3.50;
16.如图6所示的弹簧测力计的最小刻度是 0.2 N,它的测量范围是 0~5 N.图中弹簧测力计的示数为 2.4 N。
由图知,
弹簧测力计一个大格表示1N,里面有5个小格,一个小格表示0.2N,其分度值为0.2N;
其测量范围为:
0~5N,弹簧测力计的示数为2N+0.4N=2.4N。
【答案】0.2;
0~5;
2.4。
17.小明是长跑健将,他参加1000m长跑比赛,终点计时裁判手中的停表的示数如图所示,则其用时 217.5 s。
在停表的中间表盘上,1min中间有两个小格,所以一个小格代表0.5min,指针在“3”和“4”之间,偏向“4”一侧,所以时间超过3min30s;
在停表的大表盘上,1s之间有10个小格,所以一个小格代表0.1s,秒针在37.5s处,所以秒针指示的时间为37.5s,即停表的读数为3min37.5s=217.5s。
【答案】217.5。
18.小明家的电能表如图所示,如果他家目前正在工作的用电器总功率为3200W,那么 不能 (选填“能”或“不能”)将额定功率1500W的空调再接入电路。
若只让该空调单独正常工作2min,电能表的转盘会转过 30 转。
(1)由电能表表盘知,电能表的工作电压是220V,平时工作允许通过的最大电流为20A,
所以他家电能表同时允许接入用电器最大总电功率:
P最大=UI最大=220×
20A=4400W;
再将空调接入电路,总电功率P总=3200W+1500W=4700W>P最大=4400W,
所以不能将额定功率为1500W的空调再接入电路;
(2)“600revs/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能电能表的转盘转600r,
只让空调单独正常工作2min消耗的电能:
W′=P′t=1.5kW×
h=0.05kW•h,
电能表转盘转数:
n=600revs/kW•h×
0.05kW•h=30r。
【答案】不能;
30。
三.作图题(本题共3小题,每小题2分,共6分)
19.在图中画出重物所受重力示意图和力F的力臂。
过重物重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段,在线段的末端用G来表示,即为重物所受重力示意图;
从支点向力F的作用线作垂线,支点到垂足的距离就是力F的臂。
如图所示:
20.平静的湖面有时会看到“鱼在云中游”的有趣现象。
如图所示水面上方发光点A1代表云,中另有一发光点A2代表鱼。
人在岸边看到A1、A2的像刚好重合时,就会发生上面的现象。
请画出此时:
A1发出的光经水面反射进入人眼的光路图,及A2发出的光进入人眼的光路图。
(1)根据平面镜成像的特点作出A1关于水面的像点A1′,连接A1′与人眼,交于水面一点O,过O点垂直水面作出法线,A1到O为入射光线,O到人眼为反射光线,如图;
(2)A2到O为入射光线,O到人眼为折射光线,如图:
21.根据电路图连接电路。
原电路中,两灯并联,开关S2与灯L2串联,只控制这个灯;
S1控制整个电路,根据电路图连接实物图,如下所示:
四.实验探究题(本题共3小题,每空2分)
22.学校创新实验小组欲测量某矿石的密度,而该矿石形状不规则,无法放入量筒,故选用水、烧杯、天平(带砝码和镊子)、细线、铁架台等器材进行实验,主要过程如下:
(1)将天平放置在水平桌面上,把游码拨至标尺的 零刻度线 处,并调节平衡螺母,使天平平衡。
(2)将装有适量水的烧杯放入天平的左盘,先估计烧杯和水的质量,然后用 镊子 往天平的右盘 从大到小 (选填“从小到大”或“从大到小”)试加砝码,并移动游码,直至天平平衡,这时右盘中的砝码和游码所在的位置如图甲所示,则烧杯和水的总质量为 124 g。
(3)如图乙所示,用细线系住矿石,悬挂在铁架台上,让矿石浸没在水中,细线和矿石都没有与烧杯接触,天平重新平衡时,右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为144g,则矿石的体积为 2×
10﹣5 m3.(ρ水=1.0×
103kg/m3)
(4)如图丙所示,矿石下沉到烧杯底部,天平再次平衡时,右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为174g,则矿石的密度为 2.5×
103 kg/m3。
(1)将天平放在水平桌面上,把游码放在标尺的零刻线处;
(2)要测量水和烧杯的质量,需要根据估测用镊子按从大到小的顺序试加砝码,并移动游码,直至天平平衡;
水和烧杯的总质量:
m1=100g+20g+4g=124g;
(3)用线拉着物体浸没在水中,增加的重力等于物体的重力减去拉力,所以增加的重力就是浮力,即(m2﹣m1)g=F浮=ρ水gV排,
矿石的体积就是排开水的体积:
V石=V排=
=20cm3=2×
10﹣5m3,
(4)放入物体后增加的重力就是物体的重力,所以增加的质量就是物体的质量即m矿石=m3﹣m1=174g﹣124g=50g;
矿石的密度:
ρ=
=2.5g/cm3=2.5×
【答案】
(1)零刻度线;
(2)镊子;
从大到小;
124;
(3)2×
10﹣5;
(4)2.5×
23.在“测量小灯泡的电功率”的实验中,实验室提供如下器材:
电源(电压恒为6V)、电压表和电流表各一个、额定电压为2.5V的待测小灯泡L(电阻约为10Ω)、滑动变阻器两个(R甲:
“10Ω1A”;
R乙:
“50Ω0.5A”)、开关S、导线若干。
(1)该实验的原理是电功率P= UI ;
(2)实验中,应选用的滑动变阻器是 R乙 (选填“R甲”或“R乙”);
(3)选用滑动变阻器后,请你根据以上器材设计一个测量小灯泡电功率的实验电路图,并画在图甲的虚线框内;
(4)另一小组实验时,发现电流表已经损坏,为了测出该小灯泡的额定功率,小组在实验室选了一个电阻为10Ω的定值电阻R0和一个单刀双掷开关,设计了如图乙所示的电路并完成了该实验(电源电压不变)。
实验步骤如下:
①闭合开关S,S1接b,调节滑动变阻器滑片使小灯泡正常发光,记录电压表示数为U1。
②滑动变阻器滑片保持不动,S1接a,读出此时电压表示数为U2。
③则小灯泡额定功率P额= U1×
(用R0、U1、U2表示)。
(1)该实验的原理是电功率P=UI;
(2)电源电压恒为6V,灯的额定电压为2.5V,电阻约为10Ω,由欧姆定律,灯的额定电流约为:
I=
=0.25A;
根据串联电路电压的规律及欧姆定律,灯正常发光时变阻器连入电路的电阻:
R滑=
=14Ω>10Ω,实验中,应选用的滑动变阻器是R乙;
(3)电压表与灯并联测灯的电压,电流表串联在电路中测灯的电流,变阻器串联在电路中,如下所示:
(4)在②中,电压表测灯和定值电阻的电压,
因保持滑片位置不动,各电阻的大小和电压不变,灯泡仍正常工作,根据串联电路电压的规律,此时定值电阻的电压为U2﹣U1;
由串联电路电流特点和欧姆定律可得,灯泡的额定电流:
,
则小灯泡额定功率:
P额=U1I=U1×
。
(1)UI;
(2)R乙;
(3)如上图;
(4)U1×
24.利用光具座以及蜡烛、焦距为10cm的凸透镜、光屏等器材,可进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
(1)器材位置正确放置后,点燃蜡烛,为了使烛焰的像成在光屏中央,应使烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在 同一高度 。
(2)如图所示,可在光屏上得到一个清晰倒立、 缩小 (选填“放大”、“等大”或“缩小”)的实像,生活中 照相机 (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像原理制成的。
(3)如果将蜡烛与光屏的位置互换,光屏上 能 (选填“能”或“不能”)看到清晰的像,原因是 光路的可逆性 ,此时成像情况符合 投影仪 (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)的原理。
(4)实验中小明发现,由于实验时间较长,蜡烛会变短,烛焰的像在光屏上的位置会向 上 (选填“上”或“下”)方移动,为了能让所成清晰的像回到光屏中央,可将凸透镜向 下 (选填“上”或“下”)调节。
(1)器材位置正确放置后,点燃蜡烛,为了使烛焰的像成在光屏中央,应使烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度;
(2)由图可知,此时物距大于像距,则所成的是倒立、缩小的实像,其应用是照相机。
(3)如果将蜡烛与光屏的位置互换,光屏上能看到清晰的像,原因是光路的可逆性,此时成倒立放大的实像,符合投影仪的原理;
(4)凸透镜成实像是倒立的,蜡烛燃烧变短时,烛焰向下移动,根据通过光心的方向不变,那么光屏上的像要向上移动,为了能让所成清晰的像回到光屏中央,可将凸透镜向下移动。
(1)同一高度;
(2)缩小;
照相机;
(3)能;
光路的可逆性;
投影仪;
(4)上;
下。
五.计算题(本题共2小题,每小题8分,共16分)
25.如图所示,质量为960kg、底面积为0.5m2的石材A放在水平地面上,利用滑轮组水平拉动A,使其在20s的时间内匀速向墙靠近了4m,水平拉力F=500N,不计绳、滑轮组的质量以及绳与滑轮组之间的摩擦,g取10N/kg。
求:
(1)A对水平地面的压强;
(2)A在运动过程中受到摩擦力的大小;
(3)拉力F的功率。
(1)A对水平地面的压力:
F=G=mg=960kg×
10N/kg=9.6×
103N,
A的受力面积S=0.5m2,
A对水平地面的压强:
p=
=1.92×
104Pa;
(2)石材A做匀速直线运动,由图可知,动滑轮上绳子的段数n=2,
所以,A在运动过程中受到摩擦力:
f=nF=2×
500N=1000N。
(3)拉力移动的距离:
sF=ns=2×
4m=8m,
拉力做的总功:
W总=FsF=500N×
8m=4000J,
拉力的功率:
P=
=200W。
(1)A对水平地面的压强为1.92×
(2)A在运动过程中受到摩擦力的大小为1000N:
(3)拉力F的功率为200W。
26.如图所示电路中,R1=6Ω,电源电压为9V且保持不变。
闭合S2,断开S1、S3,电流表的示数为1A。
(1)R1两端的电压及R2的电阻是多少?
(2)闭合S1、S3,断开S2,通电1min电流做的总功是多少?
(1)闭合S2,断开S1、S3时,R1与R2串联,电流表测电路中的电流,
由I=
可得R1两端的电压:
U1=IR1=1A×
6Ω=6V,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以,R2两端的电压:
U2=U﹣U1=9V﹣6V=3V,
则R2的电阻:
R2=
=3Ω;
(2)闭合S1、S3,断开S2时,R1与R2并联,
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,
所以,电路的总电阻:
R=
=2Ω,
通电1min电流做的总功:
W=
t=
60s=2430J。
(1)R1两端的电压为6V,R2的电阻是3Ω;
(2)闭合S1、S3,断开S2,通电1min电流做的总功是2430J。
六.综合能力题(本题共2小题,每空2分)
27.阅读下列短文,回答问题。
可燃冰
可燃冰是一种新型能源,主要成分是甲烷和水,分布在深海沉积物里或陆域的永久冻土中,如图所示。
可燃冰形似冰块却能燃烧,燃烧后几乎不产生任何残渣。
1m3的可燃冰分解后可释放出约0.8m3的水和164m3的天然气,天然气中甲烷的含量占80%~99.9%。
可燃冰的生成有三个基本条件:
首先要求低温,可燃冰在0﹣10℃时生成,超过20℃便会分解,海底温度一般保持在2~4℃左右;
其次是高压,可燃冰在0℃时,只需海水产生29个标准大气压即可生成,而以海洋的深度,此高压容易保证;
最后是充足的气源,海底的有机物沉淀,其中丰富的碳经过生物转化,可产生充足的气源。
在温度、压强、气源三者都具备的条件下,可燃冰就会生成。
请回答下列问题:
[1个标准大气压取1×
105Pa,海水的密度取1×
103kg/m3,g取10N/kg。
c水=4.2×
103J/(kg•℃),甲烷的热值取4.2×
107J/m3]
(1)可燃冰的主要成分是 甲烷和水 。
(2)若要在0℃的海底生成可燃冰,海水的深度至少要 290 m。
(3)如图所示,海底上有一块体积为100m3且底部与海底紧密相连的可燃冰A,其受到海水的浮力为 0 N。
(4)0.5m3的可燃冰分解后,其中的甲烷完全燃烧放出的热量,在标准大气压下,至少可以将质量为 8.2×
103 kg温度为20℃的水加热至沸腾。
(1)由题意“1m3的可燃冰分解后可释放出约0.8m3的水和164m3的天然气”知可燃冰的主要成分是水和甲烷;
(2)因为可燃冰在0℃时,只需海水产生29个标准大气压即可生成,
所以可燃冰形成的气压为p=29×
1×
105Pa=2.9×
106Pa,
根据p=ρgh得海水的深度:
h=
=290m;
(
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