学年度高一物理人教版必修一第四章牛顿运动定律单元练习带答案.docx
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学年度高一物理人教版必修一第四章牛顿运动定律单元练习带答案
2017-2018学年度高一物理牛顿运动定律单元测试卷
一、选择题
1.关于物体的惯性,下列说法中正确的是( )
A.战斗机投入战斗时,抛掉副油箱,是要减小惯性
B.物体只有保持静止状态或匀速直线运动时才具有惯性
C.处于完全失重状态得物体不存在惯性
D.只有运动得物体才有抵抗运动状态变化的性质
2.决定物体惯性大小的物理量是物体的( )
A.位移B.质量C.密度D.加速度
3.(多选题)绷紧的传送带长L=32m,铁块与带间动摩擦因数μ=0.1,g=10m/s2,下列正确的是( )
A.若皮带静止,A处小铁块以V0=10m/s向B运动,则铁块到达B处的速度为6m/s
B.若皮带始终以4m/s的速度向左运动,而铁块从A处以V0=10m/s向B运动,铁块到达B处的速度为6m/s
C.若传送带始终以4m/s向右运动,在A处轻轻放上一小铁块后,铁块将一直向右匀加速运动
D.若传送带始终以10m/s向右运动,在A处轻轻放上一小铁块后,铁块到达B处的速度为8m/s
4.放在固定粗糙斜面上的滑块A以加速度a1沿斜面匀加速下滑,如图甲.在滑块A上放一物体B,物体B始终与A保持相对静止,以加速度a2沿斜面匀加速下滑,如图乙.在滑块A上施加一竖直向下的恒力F,滑块A以加速度a3沿斜面匀加速下滑,如图丙.则( )
A.a1=a2=a3B.a1=a2<a3C.a1<a2=a3D.a1<a2<a3
5.如图所示,钢铁构件A、B叠放在卡车的水平底板上,卡车底板和B间动摩擦因数为μ1,A、B间动摩擦因数为μ2,μ1>μ2,卡车刹车的最大加速度为a,a>μ1g,可以认为最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等.卡车沿平直公路行驶途中遇到紧急情况时,要求其刹车后在s0距离内能安全停下,则卡车行驶的速度不能超过( )
A.
B.
C.
D.
6.如图所示,甲、乙两物块用轻弹簧相连,竖直放置,处于静止,现将甲物块缓慢下压到A位置由静止释放,当乙刚好离开地面时,甲的加速度为a1,速度为v1,再将甲物块缓慢下压到B的位置,仍由静止释放,则当乙刚好要离开地面时,甲的加速度为a2,速度为v2,则下列关系正确的是( )
A.a1=a2,v1=v2B.a1=a2,v1<v2C.a1<a2,v1<v2D.a1<a2,v1=v2
7.(多选题)如图所示,将一个质量为m的物块放在水平面上.当用一水平推力F向右推小物块时,小物块恰好以一较大的速度匀速运动.某一时刻保持推力的大小不变,并立即使推力反向变为向后的拉力,则推力反向的瞬间( )
A.小物块受到的合力大小为2F,方向水平向左
B.小物块受到的合力大小为2F,方向水平向右
C.地面对小物块的作用力大小为mg
D.地面对小物块的作用力大小为
8.如图,质量为3kg的木板放在光滑水平面上,质量为1kg的物块在木板上,它们之间有摩擦力,木板足够长,两者都以4m/s的初速度向相反方向运动,当木板的速度为2.4m/s时,物块( )
A.加速运动B.减速运动C.匀速运动D.静止不动
9.如图所示,A、B两物体紧靠着放在粗糙水平面上.A、B间接触面光滑.在水平推力F作用下两物体一起加速运动,物体A恰好不离开地面,则物体关于A、B两物体的受力个数,下列说法正确的是( )
A.A受3个力,B受4个力B.A受4个力,B受3个力
C.A受3个力,B受3个力D.A受4个力,B受4个力
10.(多选题)如图所示,两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环,两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D,当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时,A的悬线与杆垂直,B的悬线竖直向下.下列结论正确的是( )
A.A环受滑竿的作用力大小为(m+M)gcosθ
B.B环受到的摩擦力f=mgsinθ
C.C球的加速度a=gsinθ
D.D受悬线的拉力T=Mg
11.(多选题)如图甲所示,物体原来静止在水平面上,用一水平力F拉物体,在F从0开始逐渐增大的过程中,物体先静止后又做变加速运动,其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示.根据图乙中所标出的数据可计算出( )
A.物体的质量
B.物体与水平面间的动摩擦因数
C.在F为14N时,物体的速度
D.在F为14N前,物体的位移
12.如图所示,小车沿水平地面向右匀加速直线运动,固定在小车上的直杆与水平地面的夹角为θ,杆顶端固定有质量为m的小球.当小车的加速度逐渐增大时,杆对小球的作用力变化的受力图(OO′为沿杆方向)是( )
A.
B.
C.
D.
13.(多选题)关于速度、加速度、合外力间的关系,下列说法正确的是( )
A.物体的速度越大,则加速度越大,所受的合外力也越大
B.物体的速度为零,则加速度为零,所受的合外力也为零
C.物体的速度为零,但加速度可能很大,所受的合外力也可能很大
D.物体的速度很大,但加速度可能为零,所受的合外力也可能为零
14.物块A、B放在光滑的水平地面上,其质量之比mA:
mB=2:
1.现用水平3N的拉力作用在物体A上,如图14所示,则A对B的拉力等于( )
A.1NB.1.5NC.2ND.3N
15.如图所示,一木块受到一水平力F作用静止于斜面上,此力F的方向与斜面底边平行,如果将力F撤掉,下列对木块的描述正确的是( )
A.木块将沿斜面下滑B.木块受到的摩擦力变小
C.木块即获得加速度D.木块所受的摩擦力方向不变
16.(多选题)质量分别为M和m的物块形状大小均相同,将它们通过轻绳和光滑定滑轮连接,如图甲所示,绳子在各处均平行于倾角为α的斜面,M恰好能静止在斜面上,不考虑M、m与斜面之间的摩擦.若互换两物块位置,按图乙放置,然后释放M,斜面仍保持静止.则下列说法正确的是( )
A.轻绳的拉力等于MgB.轻绳的拉力等于mg
C.M运动加速度大小为(1﹣sinα)gD.M运动加速度大小为
g
17.(多选题)用一水平力F拉静止在水平面上的物体,在F从0开始逐渐增大的过程中,加速度a随外力F变化的图象如图所示,g=10m/s2,则可以计算出( )
A.物体与水平面间的最大静摩擦力
B.F为14N时物体的速度
C.物体与水平面间的滑动摩擦因数
D.物体的质量
18.(多选题)如图所示,质量为m=1kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3,当物体运动的速度为10m/s时,给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2N的恒力,在此恒力作用下(取g=10m/s2)( )
A.物体经10s速度减为零
B.物体经2s速度减为零
C.物体速度减为零后将保持静止
D.物体速度减为零后将向右运动
19.如图所示,放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑,若在物块上再施加一竖直向下的恒力F,则( )
A.物块可能匀速下滑
B.物块仍以加速度a匀加速下滑
C.物块将以大于a的加速度匀加速下滑
D.物块将以小于a的加速度匀加速下滑
20.(多选题)质量m=1kg的物体在合外力F的作用下由静止开始做直线运动,合外力F随时间t的变化图象如图所示,下列关于该物体运动情况的说法正确的是( )
A.0﹣1s内物体沿正方向做匀加速直线运动
B.第2s末物体达到的最大速度2m/s
C.第4s末物体速度为0
D.第4s末物体回到出发位置
二、实验题
21.如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装置.他在气垫导轨上B处安装了一个光电门,滑块上固定一遮光条,滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连,传感器下方悬挂钩码,每次滑块都从A处由静止释放.
(1)该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d,如图乙所示,则d= mm.
(2)下列实验要求不必要的是 .
A.应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量
B.应使A位置与光电门间的距离适当大些
C.应将气垫导轨调节水平
D.应使细线与气垫导轨平行
(3)改变钩码的质量,测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t,通过描点作出线性图象,研究滑块的加速度与力的关系,处理数据时应作出 图象.(选填“t2﹣F”“
﹣F”或“
﹣F”).
22.
用如图1所示装置来做“探究加速度与力、质量的关系”的实验时,回答下面问题:
(1)下列说法中正确的是 .
A.连接沙桶和小车的细绳应与长木板保持平行
B.实验时,先放开小车,再接通打点计时器的电源
C.每次改变小车的质量时,不需要重新平衡摩擦力
D.平衡摩擦力时,将空的沙桶用细绳通过定滑轮拴在小车上
(2)本实验中把沙和沙桶的总重量当作小车受到的拉力,当测得某一次小车连同车上的重物的总质量M=450g时,则图2的物体中能用来取代沙和沙桶的是 .
(3)实验得到如图3所示的一条纸带,打点计时器所接交流电源的频率为50Hz,从O点开始每5个计时点取一个计数点,在纸带上依次标出0、1、2、3、4,5个计数点,表格中记录的是各计数点对应的刻度数值,其中计数点3的刻度数为 cm,并将这个测量值填入表中.
计数点
0
1
2
3
4
刻度数值/cm
0
3.03
7.11
18.55
(4)根据表格中的数据试计算出小车的加速度为 m/s2(结果保留两位有效数字).
三、计算题
23.
一水池水深H=3m,现从水面上方h=1.8m高处由静止释放一个硬质小球,测得小球从释放到落至水池底部用时t=1.1s.已知小球直径远小于水池深度,不计空气及水的阻力,进入水池过程中浮力变化不计,取g=10m/s2,求:
(1)小球在水中运动的时间和加速度;
(2)从水面上方多高处由静止释放小球,才能使小球从释放到落至池底所用时间最短.
24.如图所示,斜面体质量为M,倾角θ,与水平面间的动摩擦因数为μ,用细绳竖直悬挂一质量为m的小球静止在光滑斜面上,小球的高度为h,当烧断绳的瞬间,用水平向右的力由静止拉动斜面体,小球能做自由落体运动到达地面,重力加速度为g.求:
(1)小球经多长时间到达地面;
(1)拉力至少为多大才能使自由落体运动到地面.
试卷答案
1.A
【考点】惯性.
【分析】惯性是物体固有的属性,惯性和物体的运动状态无关,惯性的大小和质量成正比
【解答】解:
A、战斗机投入战斗时,抛掉副油箱,可以减小飞机的质量,从而可以减小惯性,故A正确;
B、惯性是物体的固有属性,物体在任何状态下均有惯性,故B错误;
C、完全失重时物体的质量仍然存在,故惯性仍然存在,故C错误;
D、惯性是指物体能保持原来的运动状态的性质,故无论静止还是运动的物体,均具有抵抗运动状态变化的性质,故D错误.
故选:
A.
2.B
【考点】惯性.
【分析】惯性大小的唯一量度是物体的质量,与其他的因素无关.
【解答】解:
惯性就是物体保持原来的运动状态的性质,惯性的大小与物体的运动状态无关,惯性的大小只与物体的质量有关,与其他的因素如位移、速度、加速度和密度等等无关,故B正确,ACD错误.
故选:
B
3.ABD
【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.
【分析】物块滑上传送带,若传送到不动,物块先做匀减速直线运动,根据牛顿第二定律和运动学公式求出到达B点的速度.若传送带匀速转动,根据物块的速度与传送带的速度大小判断物体的运动情况,根据运动学公式结合牛顿第二定律进行求解.
【解答】解:
A、若传送带不动,物体做匀减速直线运动,根据牛顿第二定律得,匀减速直线运动的加速度大小a=μg=1m/s2,根据
﹣
=﹣2aL,解得:
vB=6m/s.故A正确.
B、若皮带始终以4m/s的速度向左运动,而铁块从A处以V0=10m/s向B运动,物块滑上传送带做匀减速直线运动,到达B点的速度大小一定等于6m/s.故B正确.
C、若传送带始终以4m/s向右运动,在A处轻轻放上一小铁块后,铁块先向右做匀加速运动,加速到4m/s经历位移:
,之后随皮带一起做匀速运动,C错误;
D、若传送带始终以10m/s向右运动,在A处轻轻放上一小铁块后,若铁块一直向右做匀加速运动,铁块到达B处的速度:
,则铁块到达B处的速度为8m/s,故D正确.
故选:
ABD.
4.B
【考点】牛顿第二定律;物体的弹性和弹力.
【分析】先对整体受力分析,根据牛顿第二定律求解出加速度,进行比较即可.
【解答】解:
甲图中加速度为a1,则有:
mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1
解得:
a1=gsinθ﹣μgcosθ
乙图中的加速度为a2,则有:
(m+m′)gsinθ﹣μ(m+m′)gcosθ=(m+m′)a2
解得:
a2=gsinθ﹣μgcosθ
丙图中的加速度为a3,则有:
(mg+F)sinθ﹣μ(mg+F)cosθ=ma3
解得:
a3=
故a1=a2<a3,故ACD错误,B正确.
故选:
B
5.C
【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.
【分析】对物体受力分析,由牛顿第二定律求出加速度,然后求出最大加速度,再结合运动学的公式即可求出最大速度.
【解答】解:
设A、B的质量为m,以最大加速度运动时,A与B保持相对静止,由牛顿第二定律得:
f1=ma1≤=μ2mg,
解得:
a1≤μ2g,
同理,可知B的最大加速度:
a2≤μ1g
由于μ1>μ2,则a1<a2≤μ1g<a
可知要求其刹车后在s0距离内能安全停下,则车的最大加速度等于a1.
所以车的最大速度:
vm=
故ABD错误,C正确
故选:
C
6.B
【考点】牛顿第二定律;物体的弹性和弹力.
【分析】当乙刚好离开地面时,弹簧弹力等于乙的重力,得出两次情况下弹簧弹力相等,隔离对甲分析,结合牛顿第二定律分析加速度大小.根据能量守恒,抓住压缩到B时,弹簧弹性势能较大,分析甲获得动能大小,从而得出速度的大小.
【解答】解:
对于乙,当乙刚好离开地面时有:
kx=m乙g,
两次情况下,弹簧的弹力是一样的,
对于甲,根据牛顿第二定律得,kx+m甲g=m甲a,可知两次加速度相等,即a1=a2,
当弹簧压到B时比弹簧压到A时弹性势能大,两次末状态弹簧的形变量相同,弹性势能相同,根据能量守恒得,弹簧的弹性势能转化为甲物体的动能和重力势能,压缩到B时,弹簧弹性势能减小量多,甲获得的动能大,速度大,即v1<v2,故B正确,A、C、D错误.
故选:
B.
7.AD
【考点】牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.
【分析】根据物块做匀速直线运动,结合平衡求出滑动摩擦力的大小,推力反向的瞬间,根据物块受力确定合力的大小和方向.
【解答】解:
A、物体开始做匀速直线运动,知f=F,将推力反向的瞬间,重力和支持力平衡,小物块的合力F合=F+f=2F,方向水平向左,故A正确,B错误.
C、地面对物块有支持力和摩擦力作用,两个力的合力,即地面对物块的作用力为
,故C错误,D正确.
故选:
AD.
8.A
【考点】动量守恒定律;力的合成与分解的运用;牛顿第二定律.
【分析】分析物体的运动情况:
初态时,系统的总动量方向水平向左,两个物体开始均做匀减速运动,m的速度先减至零,根据动量守恒定律求出此时M的速度.之后,m向左做匀加速运动,M继续向左做匀减速运动,最后两者一起向左匀速运动.根据动量守恒定律求出薄板的速度大小为2.4m/s时,物块的速度,并分析m的运动情况.
【解答】解:
设木板的质量为M,物块的质量为m;开始阶段,m向左减速,M向右减速,根据系统的动量守恒定律得:
当物块的速度为零时,设此时木板的速度为v1.
根据动量守恒定律得:
(M﹣m)v=Mv1
代入解得:
v1=
=
=2.67m/s.
此后m将向右加速,M继续向右减速;当两者速度达到相同时,设共同速度为v2.由动量守恒定律得:
(M﹣m)v=(M+m)v2
代入解得:
v2=
=
×4=2m/s.
两者相对静止后,一起向左匀速直线运动.
由此可知当M的速度为2.4m/s时,m处于向右加速过程中,加速度向右.
故选:
A.
9.A
【考点】牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.
【分析】物体A恰好不离开地面时,地面对A没有支持力,按重力、弹力和摩擦力的顺序分析两物体受力.
【解答】解:
对于A物体:
由题,物体A恰好不离开地面,地面对A没有支持力,也没有摩擦力,则A受到重力、F和B对A的支持力共3个力作用.
对于B物体:
受到重力、A对B的压力和地面的支持力和摩擦力,共4个力作用.
故选A
10.ACD
【考点】牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.
【分析】由C球的运动情况结合曲线运动的条件得到C环受力情况并求解出加速度,然后对A环受力分析并求解A环受滑竿的作用力大小;由D球的运动情况结合曲线运动的条件得到D环受力情况并求解出加速度.
【解答】解:
A、C、C球做直线运动,对其受力分析,如图
由牛顿第二定律,得到:
Mgsinθ=Ma①
细线拉力为:
T=Mgcosθ②
再对A环受力分析,如下图
根据牛顿定律,有
mgsinθ﹣f=ma③
N=mgcosθ+T④
由①②③④解得:
f=0
N=(M+m)gcosθ
故A正确,C正确;
B、D、对D球受力分析,受重力和拉力,由于做直线运动,合力与速度在一条直线上,故合力为零,物体做匀速运动,细线拉力等于Mg;
再对B求受力分析,如图,受重力、拉力、支持力,由于做匀速运动,合力为零,故必有向后的摩擦力;
根据平衡条件,有
(M+m)gsinθ=f
N=(M+m)cosθ
故B错误,D正确;
故选ACD.
11.AB
【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的图像.
【分析】对物体受力分析,根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系,然后结合图象得出相关信息即可求解.
【解答】解:
A、物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力,
根据牛顿第二定律得:
F﹣μmg=ma,解得:
a=
﹣μg,
由a与F图线,得到:
0.5=
﹣10μ①,4=
﹣10μ②,
①②联立得,m=2Kg,μ=0.3,故AB正确;
C、由于物体先静止后又做变加速运动,无法利用匀变速直线运动规律求速度和位移,又F为变力无法求F得功,从而也无法根据动能定理求速度,故CD错误;
故选AB.
12.C
【考点】牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.
【分析】小球与小车的运动情况保持一致,当小车有水平向右的加速度且逐渐增大时,小球的加速度也水平向右且逐渐增大,对小球进行受力分析,根据牛顿第二定律和力的分解即可解题.
【解答】解:
小球与小车的运动情况保持一致,故小球的加速度也水平向右且逐渐增大,对小球进行受力分析,竖直方向受平衡力,所以杆子对小球的力的竖直向上的分量等于重力且不发生变化,水平方向合力向右并逐渐增大,所以杆子对小球的作用力的水平分量逐渐增大,故C正确.
故选C.
13.CD
【考点】牛顿第二定律;加速度.
【分析】解答本题需掌握:
加速度是表示速度变化快慢的物理量;
加速度与合力成正比,方向相同;
速度大小和加速度大小无直接关系.
【解答】解:
A、速度大,加速度不一定大,故合力也不一定大,故A错误;
B、物体的速度为零,加速度不一定为零,故合力不一定为零,故B错误;
C、物体的速度为零,但加速度可能很大,故所受的合外力也可能很大,如枪膛中点火瞬间的子弹速度为零,加速度很大,合力很大,故C正确;
D、物体做速度很大的匀速直线运动时,加速度为零,则合外力也为零,故D正确;
故选:
CD
14.A
【考点】牛顿第二定律;物体的弹性和弹力.
【分析】以A、B系统为研究对象,应用牛顿第二定律求出加速度,然后以B为研究对象,应用牛顿第二定律求出拉力.
【解答】解:
由牛顿第二定律,对A、B系统有:
F=(mA+mB)a,
对B:
T=mBa
解得:
T=1N
故A正确,BCD错误;
故选:
A.
15.B
【考点】牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.
【分析】将木块所受的重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面方向,在垂直于斜面的平面内分析受力情况,根据平衡条件分析摩擦力大小和方向如何变化.
【解答】解:
设木块的重力为G,将木块所受的重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面向下方向,沿斜面向下的分力大小为Gsinθ,如图,在斜面平面内受力如图.力F未撤掉时,由图1根据平衡条件得,静摩擦力大小f1=
,力F撤掉时,重力分力Gsinθ<
,所以木块仍保持静止.由图2,根据平衡条件得f2=Gsinθ,所以木块受到的摩擦力变小.由图看出,木块所受的摩擦力方向发生了改变.
故选B
16.BCD
【考点】牛顿第二定律.
【分析】由第一次放置M恰好能静止在斜面上,可得M和m的质量关系,进而可求第二次放置M的加速度,轻绳的拉力.
【解答】解:
第一次放置时M静止,则:
Mgsinα=mg,
第二次放置时候,由牛顿第二定律:
Mg﹣mgsinα=(M+m)a,
联立解得:
a=(1﹣sinα)g=
g.
对m由牛顿第二定律:
T﹣mgsinα=ma,
解得:
T=mg,
故A错误,B正确,C正确,D正确.
故选:
BCD.
17.ACD
【考点】牛顿第二定律;滑动摩擦力.
【分析】对物体受力分析,根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系,然后结合图象得出相关信息即可求解.
【解答】解:
物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力
根据牛顿第二定律得:
F﹣μmg=ma
解得:
a=
﹣μg
由a与F图线,得到
0.5=
﹣10μ①
4=
﹣10μ②
①②联立得,m=2Kg,μ=0.3,故CD正确;
故a=0时,F为6N,即最大静摩擦力为6N,故A正确;
由于物体先静止后又做变加速运动,无法利用匀变速直线运动规律求速度和位移,又F为变力无法求F得功,从而也无法根据动能定理求速度,故B错误;
故选ACD
18.BC
【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与时间的关系.
【分析】先分析物体的运动情况和受力情况:
物体向右做匀减速运动,水平方向受到向右的恒力F和滑动摩擦力.由公式f=μFN=μG求出滑动摩擦力,根据牛顿第二定律得求出物体的加速度大小,由运动学公式求出物体减速到0所需的时间.减速到零后,F<f,物体处于静止状态,不再运动.
【解答】解:
A、B物体受到向右恒力和滑动摩擦力,做匀减速直线运动.滑动摩擦力大小为f=μFN=μG=3N,根据牛顿第二定律得,
a=
=
m/s2=5m/s2,方向向右.
物体减速到0所需的时间t=
=
s=2s,故B正确,A错误.
C、D减速到零后,F<f,物体处于静止状态.故C正确,D错误.
故选BC
19.C
【考点】牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.
【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2,根据力的独立作用原理,单独研究F的作用效果,当F引起的动力增加大时,加速度增大,相反引起的阻力增大时,加速度减小.
【解答】解:
未加F时,物体受重力、支持力和摩擦力,根据牛顿第二定律有:
a=
.
当施加F后,加速度a′=
,因为gsinθ>μgcosθ,所以Fsinθ>μFcosθ,可见a′>a,即加速度增大.故C确,A、B、D均错误.
故选C.
20.BC
【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.
【分析】根据牛顿第二定律知,a﹣t图线与F﹣t图线相同,加速度与时间轴所围的面积表示速度的变化量,分析物体的运动情况判断何时
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