专题13 热学33高考物理黄金押题解析版.docx
- 文档编号:11209660
- 上传时间:2023-05-29
- 格式:DOCX
- 页数:30
- 大小:140.18KB
专题13 热学33高考物理黄金押题解析版.docx
《专题13 热学33高考物理黄金押题解析版.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《专题13 热学33高考物理黄金押题解析版.docx(30页珍藏版)》请在冰点文库上搜索。
专题13热学33高考物理黄金押题解析版
2019年高考物理黄金押题
专题13热学(3-3)
【高考考纲】
本讲考查的重点和热点:
①分子大小的估算;②对分子动理论内容的理解;③固、液、气三态的性质及其微观解释;④气体实验定律、气态方程的理解和应用;⑤热力学定律的理解和简单计算;⑥油膜法测分子直径。
题型基本上都是拼盘式选择题和计算题的组合。
预测高考会涉及在以下方面:
利用阿伏伽德罗常数进行微观量估算和涉及分子动理论内容的判断性问题,以选择填空题形式命题;气体压强为背景的微观解释问题,以简答形式命题;以理想气体为研究对象考查气体性质和热力学定律的问题,以计算题的形式命题。
【真题感悟】
例1、(2018·北京,14)关于分子动理论,下列说法正确的是( )
A.气体扩散的快慢与温度无关
B.布朗运动是液体分子的无规则运动
C.分子间同时存在着引力和斥力
D.分子间的引力总是随分子间距增大而增大
【答案】C
【解析】A错:
在其他条件不变的情况下,温度越高,气体扩散得越快。
B错:
布朗运动是颗粒的运动,从侧面反映了液体分子的无规则运动。
C对:
分子间同时存在着引力和斥力。
D错:
分子间的引力总是随着分子间距的增大而减小。
【名师点睛】分子动理论、内能及热力学定律
1.必须掌握的三个问题
(1)必须掌握微观量估算的两个模型
球模型:
V=πR3(适用于估算液体、固体分子直径)
立方体模型:
V=a3(适用于估算气体分子间距)
(2)必须明确反映分子运动规律的两个实例
①布朗运动:
研究对象:
悬浮在液体或气体中的固体小颗粒
运动特点:
无规则、永不停息
相关因素:
颗粒大小、温度
②扩散现象
产生原因:
分子永不停息的无规则运动
相关因素:
温度
(3)必须弄清的分子力和分子势能
①分子力:
分子间引力与斥力的合力。
分子间距离增大,引力和斥力均减小;分子间距离减小,引力和斥力均增大,但斥力总比引力变化得快。
②分子势能:
分子力做正功,分子势能减小;分子力做负功,分子势能增大;当分子间距为r0(分子间的距离为r0时,分子间作用的合力为0)时,分子势能最小。
2.物体的内能与热力学定律
(1)物体内能变化的判定:
温度变化引起分子平均动能的变化;体积变化,分子间的分子力做功,引起分子势能的变化。
(2)热力学第一定律
①公式:
ΔU=W+Q
②符号规定:
外界对系统做功,W>0;系统对外界做功,W<0。
系统从外界吸收热量,Q>0;系统向外界放出热量,Q<0。
系统内能增加,ΔU>0;系统内能减少,ΔU<0。
(3)热力学第二定律的表述:
①热量不能自发地从低温物体传到高温物体(按热传递的方向性表述)。
②不可能从单一热库吸收热量,使之完全变成功,而不产生其他影响(按机械能和内能转化的方向性表述)。
③第二类永动机是不可能制成的。
【变式探究】(2018·全国Ⅲ,33)
(1)如图,一定量的理想气体从状态a变化到状态b,其过程如p-V图中从a到b的直线所示。
在此过程中_____。
A.气体温度一直降低
B.气体内能一直增加
C.气体一直对外做功
D.气体一直从外界吸热
E.气体吸收的热量一直全部用于对外做功
(2)在两端封闭、粗细均匀的U形细玻璃管内有一段水银柱,水银柱的两端各封闭有一段空气。
当U形管两端竖直朝上时,左、右两边空气柱的长度分别为l1=18.0cm和l2=12.0cm,左边气体的压强为12.0cmHg。
现将U形管缓慢平放在水平桌面上,没有气体从管的一边通过水银逸入另一边。
求U形管平放时两边空气柱的长度。
在整个过程中,气体温度不变。
【答案】
(1)BCD
(2)见解析
【解析】
(1)A错:
在p-V图中理想气体的等温线是双曲线的一支,而且离坐标轴越远温度越高,故从a到b温度升高。
B对:
一定质量的理想气体的内能由温度决定,温度越高,内能越大。
C对:
气体体积膨胀,对外做功。
D对:
根据热力学第一定律ΔU=Q+W,得Q=ΔU-W,由于ΔU>0、W<0,故Q>0,气体吸热。
E错:
由Q=ΔU-W可知,气体吸收的热量一部分用来对外做功,一部分用来增加气体的内能。
(2)设U形管两端竖直朝上时,左、右两边气体的压强分别为p1和p2。
U形管水平放置时,两边气体压强相等,设为p。
此时原左、右两边气柱长度分别变为l′1和l′2。
由力的平衡条件有
p1=p2+ρg(l1-l2)①
式中ρ为水银密度,g为重力加速度大小。
由玻意耳定律有
p1l1=pl′1②
p2l2=pl′2③
两边气柱长度的变化量大小相等
l′1-l1=l2-l′2④
由①②③④式和题给条件得
l′1=22.5cm⑤
l′2=7.5cm⑥
例2、(2018·全国Ⅰ,33)
(1)如图,一定质量的理想气体从状态a开始,经历过程①、②、③、④到达状态e。
对此气体,下列说法正确的是_____。
A.过程①中气体的压强逐渐减小
B.过程②中气体对外界做正功
C.过程④中气体从外界吸收了热量
D.状态c、d的内能相等
E.状态d的压强比状态b的压强小
(2)如图,容积为V的汽缸由导热材料制成,面积为S的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分,汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连,细管上有一阀门K。
开始时,K关闭,汽缸内上下两部分气体的压强均为p0。
现将K打开,容器内的液体缓慢地流入汽缸,当流入的液体体积为时,将K关闭,活塞平衡时其下方气体的体积减小了。
不计活塞的质量和体积,外界温度保持不变,重力加速度大小为g。
求流入汽缸内液体的质量。
【答案】
(1)BDE
(2)见解析
【解析】
(1)A错:
过程①中,气体由a到b,体积V不变、T升高,则压强增大。
B对:
过程②中,气体由b到c,体积V变大,对外界做功。
C错:
过程④中,气体由d到e,温度T降低,内能ΔU减小,体积V不变,气体不做功,根据热力学第一定律ΔU=Q+W得Q<0,即气体放出热量。
D对:
状态c、d温度相同,所以内能相同。
E对:
由b到c的过程,作过状态b、c的等压线,分析可得pb>pc,
由c到d的过程,温度不变,Vc
所以pb>pc>pd。
(2)设活塞再次平衡后,活塞上方气体的体积为V1,压强为p1;下方气体的体积为V2,压强为p2。
在活塞下移的过程中,活塞上、下方气体的温度均保持不变,由玻意耳定律得
p0=p1V1①
p0=p2V2②
由已知条件得
V1=+-=V③
V2=-=④
设活塞上方液体的质量为m,由力的平衡条件得
p2S=p1S+mg⑤
联立以上各式得
m=⑥
【名师点睛】固体、液体和气体
1.固体和液体
(1)晶体和非晶体
比较
晶体
非晶体
单晶体
多晶体
形状
规则
不规则
不规则
熔点
固定
固定
不固定
特性
有的性质各向异性
有的性质各向同性
各向同性
各向同性
(2)液晶的性质
液晶是一种特殊的物质,既可以流动,又可以表现出单晶体的分子排列特点,在光学性质上表现出各向异性。
(3)液体的表面张力
使液体表面有收缩到球形的趋势,表面张力的方向跟液面相切。
(4)饱和汽压的特点
液体的饱和汽压与温度有关,温度越高,饱和汽压越大,且饱和汽压与饱和汽的体积无关。
(5)相对湿度
某温度时空气中水蒸气的实际压强与同温度水的饱和汽压的百分比。
即:
B=×100%。
2.理想气体状态方程及三个实验定律的关系
【方法技巧】
1.压强的计算
(1)被活塞、汽缸封闭的气体,通常分析活塞或汽缸的受力,应用平衡条件或牛顿第二定律列式计算。
(2)被液柱封闭的气体的压强,通常分析液片或液柱的受力,应用平衡条件或牛顿第二定律求解。
2.合理选取气体变化所遵循的规律列方程
(1)若气体质量一定,p、V、T均发生变化,则选用理想气体状态方程列方程求解。
(2)若气体质量一定,p、V、T中有一个量不发生变化,则选用对应的实验定律列方程求解。
3.多个研究对象的问题
由活塞、液柱相联系的“两团气”问题,要注意寻找“两团气”之间的压强、体积或位移关系,列出辅助方程,最后联立求解。
【变式探究】(2018·全国Ⅱ,33)
(1)对于实际的气体,下列说法正确的是__BDE___。
A.气体的内能包括气体分子的重力势能
B.气体的内能包括气体分子之间相互作用的势能
C.气体的内能包括气体整体运动的动能
D.气体的体积变化时,其内能可能不变
E.气体的内能包括气体分子热运动的动能
(2)如图,一竖直放置的汽缸上端开口,汽缸壁内有卡口a和b,a、b间距为h,a距缸底的高度为H;活塞只能在a、b间移动,其下方密封有一定质量的理想气体。
已知活塞质量为m,面积为S,厚度可忽略;活塞和汽缸壁均绝热,不计它们之间的摩擦。
开始时活塞处于静止状态,上、下方气体压强均为p0,温度均为T0。
现用电热丝缓慢加热汽缸中的气体,直至活塞刚好到达b处。
求此时汽缸内气体的温度以及在此过程中气体对外所做的功。
重力加速度大小为g。
【解析】
(1)A错:
气体的内能不考虑气体自身重力的影响,故气体的内能不包括气体分子的重力势能。
B、E对:
实际气体的内能包括气体的分子动能和分子势能两部分。
C错:
气体整体运动的动能属于机械能,不是气体的内能。
D对:
气体体积变化时,分子势能发生变化,气体温度也可能发生变化,即分子势能和分子动能的和可能不变。
(2)开始时活塞位于a处,加热后,汽缸中的气体先经历等容过程,直至活塞开始运动。
设此时汽缸中气体的温度为T1,压强为p1,根据查理定律有
=①
根据力的平衡条件有
p1S=p0S+mg②
联立①②式可得
T1=T0③
此后,汽缸中的气体经历等压过程,直至活塞刚好到达b处,设此时汽缸中气体的温度为T2;活塞位于a处和b处时气体的体积分别为V1和V2。
根据盖—吕萨克定律有
=④
式中
V1=SH⑤
V2=S(H+h)⑥
联立③④⑤⑥式解得
T2=T0⑦
从开始加热到活塞到达b处的过程中,汽缸中的气体对外做的功为
W=(p0S+mg)h⑧
例3、(2018·江苏,12A)
(1)如题1图所示,一支温度计的玻璃泡外包着纱布,纱布的下端浸在水中。
纱布中的水在蒸发时带走热量,使温度计示数低于周围空气温度。
空气温度不变,若一段时间后发现该温度计示数减小,则_____。
(题1图)
A.空气的相对湿度减小
B.空气中水蒸气的压强增大
C.空气中水的饱和汽压减小
D.空气中水的饱和汽压增大
(2)一定量的氧气贮存在密封容器中,在T1和T2温度下其分子速率分布的情况见下表。
则T1_____(选填“大于”“小于”或“等于”)T2。
若约10%的氧气从容器中泄漏,泄漏前后容器内温度均为T1,则在泄漏后的容器中,速率处于400~500m/s区间的氧气分子数占总分子数的百分比_____(选填“大于”“小于”或“等于”)18.6%。
各速率区间的分子数占总分子数的百分比/%
温度T1
温度T2
100以下
0.7
1.4
100~200
5.4
8.1
200~300
11.9
17.0
300~400
17.4
21.4
400~500
18.6
20.4
500~600
16.7
15.1
600~700
12.9
9.2
700~800
7.9
4.5
800~900
4.6
2.0
900以上
3.9
0.9
(3)如题2图所示,一定质量的理想气体在状态A时压强为2.0×105Pa,经历A→B→C→A的过程,整个过程中对外界放出61.4J热量。
求该气体在A→B过程中对外界所做的功。
(题2图)
【答案】
(1)A
(2)大于等于(3)见解析
【解析】
(1)A对:
温度计示数减小说明水在蒸发,是因为空气中的相对湿度减小了。
C、D错:
水的饱和汽压与温度有关,温度不变,水的饱和汽压不变。
B错:
温度不变,水的饱和汽压不变,空气的相对湿度减小,所以空气中水蒸气的压强减小。
(2)温度升高,速率大的分子比例较大,故T1>T2。
温度一定,气体分子速率分布情况不变,故泄漏前后速率处于400~500m/s区间的氧气分子数占总分子数的百分比保持不变。
(3)整个过程中,外界对气体做功W=WAB+WCA,
且WCA=pA(VC-VA)
由热力学第一定律ΔU=Q+W,得WAB=-(Q+WCA)
代入数据得WAB=-138.6J,
即气体对外界做的功为138.6J。
【变式探究】如图所示,用质量为m、面积为S的可动水平活塞将一定质量的理想气体密封于悬挂在天花板上的气缸中,当环境的热力学温度为T0时,活塞与气缸底部的高度差为h0,由于环境温度逐渐降低,活塞缓慢向上移动距离Δh。
若外界大气压恒为p0,密封气体的内能U与热力学温度T的关系为U=kT(k为取正值的常数),气缸导热良好,与活塞间的摩擦不计,重力加速度大小为g,求此过程中:
(1)外界对密封气体做的功W;
(2)密封气体向外界放出的热量Q。
【解析】
(1)活塞缓慢移动的过程,封闭气体做等压变化,有:
W=pSΔh,其中pS=p0S-mg
解得:
W=(p0S-mg)Δh
(2)根据热力学第一定律可知,该过程中气体减少的内能为:
ΔU=Q-W,由U=kT可知ΔU=kΔT,此处ΔT仅为数值,根据盖—吕萨克定律可得:
=,解得:
Q=Δh
【黄金押题】
1.
(1)下面说法中正确的是
A.所有晶体沿着各个方向的物理性质和化学光学性质都相同
B.足球充足气后很难压缩,是因为足球内气体分子间斥力作用的结果
C.自然界中只要涉及热现象的宏观过程都具有方向性
D.一定质量的理想气体,如果压强不变,体积增大,那么它一定从外界吸热
E.一定质量的理想气体保持体积不变,温度升高,单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数增多
(2)如图所示,一底面积为S、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上,开口向上,内有两个质量均为m的相同活塞A和B;在A与B之间、B与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体,平衡时体积均为V。
已知容器内气体温度始终不变,重力加速度大小为g,外界大气压强为P0,现假设活塞B发生缓慢漏气,致使B最终与容器底面接触。
求活塞A移动的距离。
解析
(2)设A与B之间、B与容器底部之间的气体压强分别为P1、P2,漏气前,对A分析有:
P1=P0+,对B有P2=P1+
B最终与容器底面接触后,AB间的压强为P,气体体积为V′,则有:
P=P0+
因为温度不变,对于混合气体有:
(P1+P2)·V=PV′
漏气前A距离底面的高度为h=
漏气后A距离底面的高度为h′=:
联立可得:
Δh=h′-h=V-=。
答案
(1)CDE
(2)
2.
(1)关于固体、液体、气体的表述,下列说法正确的是
A.晶体的熔点和液体的沸点都与压强有关
B.多晶体具有各向同性,且无固定熔点
C.液晶具有流动性,且其光学性质具有各向异性
D.饱和汽压随温度的变化而变化
E.影响人感受到干爽和潮湿的因素是空气的绝对湿度,而不是相对湿度
(2)一长为L、内壁光滑的长方体气缸,横放在水平地面上,左右两侧缸壁上有a、b两个阀门,缸内有一密封性能良好轻活塞(厚度不计),面积为S,活塞右侧粘有一块矿石,打开a、b,活塞位于气缸正中央,如图所示。
如果关闭a,打开b,将气缸从图示位置在竖直面内逆时针缓慢转90°,稳定后活塞偏离原位置;如果打开a,关闭b,将气缸从图示位置在竖直面内逆时针缓慢转90°,稳定后活塞偏离原位置。
已知大气压强为p0,重力加速度g。
求:
①矿石的质量;②矿石的密度。
解析
(2)①设矿石质量为m,体积为V,a关闭,气缸正立时,
气体压强p1=p0+,①
体积V1=S②
由玻意耳定律得
p0·S=p1V1③
得矿石质量m=④
②b关闭,气缸正立时,气体压强p2=p0-⑤
体积V2=+-V⑥
由玻意耳定律得p0·=p2V2⑦
得矿石体积V=⑧
则矿石密度为ρ=⑨
得ρ=。
答案
(1)ACD
(2)① ②
3.
(1)下列说法中正确的是
A.布朗运动反映了组成固体小颗粒的分子的无规则运动
B.热量可以从低温物体传递到高温物体
C.液晶显示器利用了液晶对光具有各向同性的特点
D.“露似珍珠月似弓”,露珠是由空气中的水蒸气凝结而成的,此过程中分子间引力、斥力都增大
E.落在荷叶上的水滴呈球状是因为液体表面张力的缘故
(2)如图所示,开口向上的导热气缸C静置于水平桌面上,用一横截面积为s=10cm2、质量为m=2kg的活塞封闭了一定质量的理想气体。
一不可伸长的轻绳一端系在活塞上,另一端跨过两个定滑轮连着一劲度系数k=400N/m的竖直轻弹簧A,A下端系有一质量M=4kg的物块。
B开始时,活塞到缸底的距离L1=100cm,轻绳恰好拉直,弹簧恰好处于原长状态,缸内气体的温度t1=27℃。
已知外界大气压强恒为p0=1.0×105Pa,取重力加速度g=10m/s2,不计一切摩擦。
现使缸内气体缓慢冷却,求:
①当B刚要离开桌面时气缸内封闭气体的温度;
②此过程中气体吸热还是放热,为什么?
解析
(2)①设初状态时气缸内气柱压强为p1
对活塞受力分析得mg+p0s=p1s
物块B刚要离开桌面时活塞下移了x,此时气缸内气柱压强为p2,此时弹簧弹力kx=Mg
对活塞受力分析得mg+p0s=kx+p2s
气缸内气柱的长度为L2=L1-x
根据理想气体状态方程有=
代入数据解得T2=180K或-93℃
②由热力学第一定律得ΔU=W+Q
由于气体体积变小,外界对气体做功,W为正值;气体温度降低,ΔU为负值。
故Q为负值,即气体一定放热。
答案
(1)BDE
(2)①180K ②放热
4.
(1)下列说法中正确的是
A.只要技术可行,物体的温度可降至-274℃
B.液体与大气相接触,表面层内分子所受其他分子间的作用表现为相互吸引
C.气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数,与单位体积内的分子数和温度有关
D.气体如果失去了容器的约束就会散开,这是因为气体分子之间斥力大于引力
E.一个物体在分子间显引力时分子势能一定大于分子间引力和斥力大小相等时的分子势能
(2)如图,在大气中有一水平放置的固定圆筒,它由a、b和c三个粗细不同的部分连接而成,各部分的横截面积分别为2S、S/2和S。
已知大气压强为P0,温度为T0。
两活塞A和B用一根长为4l的不可伸长的轻线相连,把温度为T0的空气密封在两活塞之间,此时两活塞的位置如图所示。
现对被密封的气体加热,使其温度缓慢上升到T。
若活塞与圆筒壁之间的摩擦可忽略,此时两活塞之间气体的压强可能为多少?
解析
(2)设加热前,被密封气体的压强为p1,
对整体根据平衡条件有:
2P0S+P1S=2P1S+P0S
解得:
p1=p0
气体的体积为:
V1=2Sl+Sl+Sl=4Sl
对气体加热时,被密封气体温度缓慢升高,两活塞一起向左缓慢移动,气体体积增大,压强保持p1不变,若刚好活塞向左移动的距离等于l为止,这时气体的体积为:
V2=4Sl+Sl=5Sl
根据盖·吕萨克定律得:
=解得:
T2=T0
即当T<T0时,气体的压强为:
p2=p0
当T>T0,活塞不再移动,气体的体积不变
由查理定律得:
=
解得:
P=P0。
答案
(1)BCE
(2)p0或P0
5.
(1)以下说法正确的是________.
A.晶体一定具有规则的形状且有各向异性的特征
B.液体的分子势能与液体的体积有关
C.水的饱和汽压随温度变化而变化
D.组成固体、液体、气体的物质分子依照一定的规律在空间整齐地排列成“空间点阵”
E.分子质量不同的两种气体,温度相同时,其分子的平均动能一定相同
(2)如图,用质量m=1kg的绝热活塞在绝热汽缸内封闭一定质量的理想气体,活塞与汽缸壁间摩擦力忽略不计,开始时活塞距离汽缸底部的高度h1=0.5m,气体的温度t1=27℃.现用汽缸内一电热丝(未画出)给气体缓慢加热,加热至t2=267℃,活塞缓慢上升到距离汽缸底某一高度h2处,此过程中被封闭气体增加的内能增加ΔU=400J.已知大气压强p0=1.0×105Pa,重力加速度g取10m/s2,活塞横截面积S=5.0×10-4m2,求:
①初始时汽缸内气体的压强p1和缓慢加热后活塞距离汽缸底部的高度h2;
②此过程中汽缸内气体吸收的热量Q.
解析:
(1)单晶体一定具有规则的形状,且有各向异性的特征,而多晶体的物理性质表现为各向同性,选项A错误;分子势能的产生是由于分子间存在作用力,微观上分子间距离的变化引起宏观上体积的变化,分子间作用力变化,分子势能才变化,选项B正确;水的饱和汽压随温度的变化而变化,温度越高,饱和汽压越大,选项C正确;只有晶体的分子依照一定的规律在空间整齐地排列成“空间点阵”,选项D错误;温度是分子平均动能的标志,分子质量不同的两种气体,温度相同时,其分子的平均动能一定相同,选项E正确.
(2)①开始时,活塞受力平衡,有p0S+mg=p1S
解得p1=p0+=1.2×105Pa
气体做等压变化,根据盖—吕萨克定律可得=
解得h2=0.9m
②气体在膨胀过程中外界对气体做功为
W=-p1ΔV=-1.2×105×(0.9-0.5)×5×10-4J=-24J
由热力学第一定律ΔU=W+Q
解得Q=ΔU-W=400J-(-24)J=424J
答案:
(1)BCE
(2)①0.9m ②424J
6.
(1)一定质量的理想气体从状态a开始,经历三个过程ab、bc、ca回到原状态,其pT图象如图所示.下列判断正确的是________.
A.过程ab中气体一定吸热
B.过程bc中气体既不吸热也不放热
C.过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热
D.a、b和c三个状态中,状态a分子的平均动能最小
E.b和c两个状态中,容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同
(2)一定质量的理想气体被活塞封闭在竖直放置的圆柱形汽缸内.汽缸壁导热良好,活塞可沿汽缸壁无摩擦地滑动.开始时气体压强为p,活塞下表面相对于汽缸底部的高度为h,外界的温度为T0.现取质量为m的沙子缓慢地倒在活塞的上表面,沙子倒完时,活塞下降了.若此后外界的温度变为T,求重新达到平衡后气体的体积.已知外界大气的压强始终保持不变,重力加速度大小为g.
解析:
(1)因为=C,从图中可以看出,a→b过程不变,则体积V不变,因此a→b过程外力做功W=0,气体温度升高,则ΔU>0,根据热力学第一定律ΔU=Q+W可知Q>0,即气体吸收热量,A正确;b→c过程气体温度不变,ΔU=0,但气体压强减小,由=C知V增大,气体对外做功,W<0,由ΔU=Q+W可知Q>0,即气体吸收热量,B错误;c→a过程气体压强不变,温度降低,则ΔU<0,由=C知V减小,外界对气体做功,W>0,由ΔU=W+Q可知|W|<|Q|,C错误;状态a温度最低,而温度是分子平均动能的标志,D正确;b→c过程体积增大了,容器内分子数密度减小,温度不变,分子平均动能不变,因此容器壁单位面积单位时间受到分子撞击的次数减少了,E正确.
(2)设汽缸的横截面积为S,沙子倒在活塞上后,对气体产生的压强为Δp,由玻意耳定律得phS=(p+Δp)(h-h)S①
解得Δp=p②
外界的温度变为T后,设活塞距底面的高度为h′.
根据盖—吕萨克定律得=③
解得h′=h④
据题意可得Δp=⑤
气体最后的体积为V=Sh′⑥
联立②④⑤⑥式得V=.
答案:
(1)ADE
(2)
7.
(1)关于固体、液体和气体,下列说法正确的是________.
A.固体中的分子是静止的,液体、气体中的分子是运动的
B.液
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 专题13 热学33高考物理黄金押题解析版 专题 13 热学 33 高考 物理 黄金 押题 解析