河南省郑州一中网校联考学年高二上学期期末.docx
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河南省郑州一中网校联考学年高二上学期期末
2015-2016学年河南省郑州一中网校联考高二(上)期末物理试卷
一、选择题(1-5小题为单选题,每小题4分,6-12为多选题,每小题4分)
1.如图所示,矩形线框在匀强磁场中做的各种运动中,能够产生感应电流的是( )
A.
B.
C.
D.
2.如图所示,直角三角形导线框abc以速度v匀速进入匀强磁场区域,则此过程中导线框内感应电流随时间变化的规律为下列四个图象中的哪一个?
( )
A.
B.
C.
D.
3.在如图所示的电路中,电源的负极接地,其电动势为E、内电阻为r,R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器,C为电容器.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,下列说法中正确的是( )
A.电压表示数变小B.电流表示数变小
C.电容器C所带电荷量增多D.a点的电势降低
4.如图所示,MN是一荧光屏,当带电粒子打到荧光屏上时,荧光屏能够发光.MN的上方有磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里.P为屏上的一小孔,PQ与MN垂直.一群质量为m、带电荷量q的粒子(不计重力),以相同的速率v,从P处沿垂直于磁场方向射入磁场区域,且分布在与PQ夹角为θ的范围内,不计粒子间的相互作用.则以下说法正确的是( )
A.在荧光屏上将出现一个圆形亮斑,其半径为
B.在荧光屏上将出现一个半圆形亮斑,其半径为
C.在荧光屏上将出现一个条形亮线,其长度为
(1﹣cosθ)
D.在荧光屏上将出现一个条形亮线,其长度为
(1﹣sinθ)
5.在如图所示电路中,电源电动势为12V,电源内阻为1.0Ω,电路中的电阻R0为1.5Ω,小型直流电动机M的内阻为0.5Ω.闭合开关S后,电动机转动,电流表的示数为2.0A.则以下判断中正确的是( )
A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为7.0V
C.电动机产生的热功率为4.0WD.电源输出的电功率为22W
6.如图所示,虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场,有一个带正电小球(电量为+q,质量为m)从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下,带电小球通过下列电磁混合场时,可能沿直线运动的是( )
A.
B.
C.
D.
7.如图所示为一速度选择器,两极板P、Q之间存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场.一束粒子流(重力不计)以速度v从a沿直线运动到b,则下列说法中正确的是( )
A.粒子一定带正电B.粒子的带电性质不确定
C.粒子的速度一定等于
D.粒子的速度一定等于
8.如图所示,a、b灯分别标有“3.6V4.0W”和“3.6V2.5W”,闭合开关,调节R,能使a、b都正常发光.断开开关后重做实验,则( )
A.闭合开关,a将慢慢亮起来,b立即发光
B.闭合开关,a、b同时发光
C.闭合开关稳定时,a、b亮度相同
D.断开开关,a逐渐熄灭,b灯闪亮一下再熄灭
9.如图所示,水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN,MN的左边有一闭合电路.当PQ在外力的作用下运动时,MN向右运动,则PQ所做的运动可能是( )
A.向右加速运动B.向右减速运动C.向左加速运动D.向左减速运动
10.质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的平行导轨上,导轨宽为d,杆与导轨间的摩擦因数为μ,有电流时ab恰好在导轨上静止,如图所示.下图是从右侧观察时的四种不同的匀强磁场方向下的四个平面图,其中通电细杆ab与导轨间的摩擦力不可能为零的是( )
A.
B.
C.
D.
11.如图,在正方形abcd范围内,有方向垂直纸面向里的匀强磁场,两个电子以不同的速率,从a点沿ab方向垂直磁场方向射入磁场,其中甲电子从c点射出,乙电子从d点射出.不计重力,则甲、乙电子( )
A.速率之比2:
1
B.在磁场中运行的周期之比1:
2
C.在正方形磁场中运行的时间之比1:
2
D.速度偏转角之比为1:
2
12.如图所示,空间有一垂直纸面向外的磁感应强度为0.5T的匀强磁场,一质量为0.2kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上,在木板左端无初速放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块,滑块与绝缘木板之间的动摩擦因数为0.5,滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力,现对木板施加水平向左、F=0.6N的恒力,g取10m/s2.则( )
A.木板和滑块一直做加速度为2m/s2的匀加速运动
B.滑块开始做匀加速运动,然后做加速减小的加速运动,最后做匀速直线运动
C.最终木板做加速度为3m/s2的匀加速运动,滑块做速度为10m/s的匀速运动
D.最终木板做加速度为2m/s2的匀加速运动,滑块做速度为10m/s的匀速运动
二、非选择题
13.在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中,提供的器材有:
A.干电池一节
B.电流表(量程0.6A)
C.电压表(量程3V)
D.开关S和若干导线
E.滑动变阻器R1(最大阻值20Ω,允许最大电流1A)
F.滑动变阻器R2(最大阻值200Ω,允许最大电流0.5A)
G.滑动变阻器R3(最大阻值2000Ω,允许最大电流0.1A)
(1)按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻,滑动变阻器应选 (填“R1”、“R2”或“R3”).
(2)图乙电路中部分导线已连接,请用笔画线代替导线将电路补充完整.要求变阻器的滑片滑至最左端时,其使用电阻值最大.
(3)闭合开关,调节滑动变阻器,读取电压表和电流表的示数.用同样方法测量多组数据,将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中,请作出UI图线,由此求得待测电池的电动势E= V,内电阻r= Ω.(结果保留两位有效数字)
所得内阻的测量值与真实值相比 (填“偏大”、“偏小”或“相等”)
14.为了研究某导线的特性,某同学所做部分实验如下:
(1)用螺旋测微器测出待测导线的直径,如图甲所示,则螺旋测微器的读数为 mm;
(2)用多用电表直接测量一段导线的阻值,选用“×10”倍率的电阻档测量,发现指针偏转角度太大,因此需选择 倍率的电阻档(选填“×1”或“×100”),欧姆调零后再进行测量,示数如图乙所示,则测量值为 Ω;
(3)另取一段同样材料的导线,进一步研究该材料的特性,得到电阻R随电压U变化图象如图丙所示,则由图象可知,该材料在常温时的电阻为 Ω;当所加电压为3.00V时,材料实际消耗的电功率为 W.(结果保留两位有效数字)
15.如图所示,在x轴上方有磁感应强度为B的匀强磁场,一个质量为m,电荷量为﹣q的粒子,以速度v从O点射入磁场,已知θ=
,粒子重力不计,求:
(1)粒子的运动半径,并在图中定性地画出粒子在磁场中运动的轨迹;
(2)粒子在磁场中运动的时间;
(3)粒子经过x轴和y轴时的坐标.
16.如图所示,两根足够长的平行金属导轨固定在倾角θ=30°的斜面上,导轨电阻不计,间距L=0.4m,导轨所在空间被分成区域Ⅰ和Ⅱ,两区域的边界与斜面的交线为MN,Ⅰ中的匀强磁场方向垂直斜面向下,Ⅱ中的匀强磁场方向垂直斜面向上,两磁场的磁感应强度大小为B=0.5T,在区域Ⅰ中,将质量m1=0.1kg,电阻R1=0.1Ω的金属条ab放在导轨上,ab刚好不下滑,然后,在区域Ⅱ中将质量m2=0.4kg,电阻R2=0.1Ω的光滑导体棒cd置于导轨上,由静止开始下滑,cd在滑动过程中始终处于区域Ⅱ的磁场中,ab、cd始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触,取g=10m/s2,问
(1)cd下滑的过程中,ab中的电流方向;
(2)ab刚要向上滑动时,cd的速度v多大;
(3)从cd开始下滑到ab刚要向上滑动的过程中,cd滑动的距离x=3.8m,此过程中ab上产生的热量Q是多少.
17.如图甲所示为电视机中的显像管的原理示意图,电子枪中的灯丝加热阴极而逸出电子,这些电子再经加速电场加速后,从O点进入由磁偏转线圈产生的偏转磁场中,经过偏转磁场后打到荧光屏MN上,使荧光屏发出荧光形成图象,不计逸出的电子的初速度和重力.已知电子的质量为m、电荷量为e,加速电场的电压为U,偏转线圈产生的磁场分布在边长为l的正方形abcd区域内,磁场方向垂直纸面,且磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示.在每个周期内磁感应强度都是从﹣B0均匀变化到B0.磁场区域的左边界的中点与O点重合,ab边与OO′平行,右边界bc与荧光屏之间的距离为s.由于磁场区域较小,且电子运动的速度很大,所以在每个电子通过磁场区域的过程中,可认为磁感应强度不变,即为匀强磁场,不计电子之间的相互作用.求:
(1)为使所有的电子都能从磁场的bc边射出,求偏转线圈产生磁场的磁感应强度的最大值.
(2)若所有的电子都能从磁场的bc边射出时,荧光屏上亮线的最大长度是多少?
2015-2016学年河南省郑州一中网校联考高二(上)期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(1-5小题为单选题,每小题4分,6-12为多选题,每小题4分)
1.如图所示,矩形线框在匀强磁场中做的各种运动中,能够产生感应电流的是( )
A.
B.
C.
D.
【考点】感应电流的产生条件.
【分析】产生感应电流的条件:
闭合回路的磁通量发生变化或闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动,导体中有感应电流.对照此条件分析.
【解答】解:
A、线框在匀强磁场中运动的过程中,面积不变、磁感应强度不变,穿过线框的磁通量不变,不产生感应电流,故A错误;
B、在线框转动过程中,穿过闭合线框的磁通量发生变化,能产生感应电流,故B正确;
C、线框与磁场平行,线框在运动过程中,穿过线框的磁通量始终为零,不发生变化,没有感应电流产生,故C错误;
D、线框与磁场平行,线框在运动过程中,穿过线框的磁通量始终为零,不发生变化,没有感应电流产生,故D错误.
故选:
B.
2.如图所示,直角三角形导线框abc以速度v匀速进入匀强磁场区域,则此过程中导线框内感应电流随时间变化的规律为下列四个图象中的哪一个?
( )
A.
B.
C.
D.
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律.
【分析】本题分两段时间计算感应电动势,由欧姆定律得到感应电流.感应电动势公式E=Blv,是有效的切割长度.根据楞次定律判断感应电流的方向
【解答】解:
在ac段切割磁感线的过程中,由楞次定律判断可知,感应电流方向沿abca.线框有效的切割长度均匀增大,由E=BLv知感应电动势均匀增大,感应电流均匀增大;
在ab段也切割磁感线的过程中,由楞次定律判断可知,感应电流方向沿abca.线框有效的切割长度均匀减小,由E=BLv知感应电动势均匀减小,感应电流均匀减小.
故A图正确.
故选:
A.
3.在如图所示的电路中,电源的负极接地,其电动势为E、内电阻为r,R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器,C为电容器.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,下列说法中正确的是( )
A.电压表示数变小B.电流表示数变小
C.电容器C所带电荷量增多D.a点的电势降低
【考点】闭合电路的欧姆定律;电容.
【分析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,变阻器在路电阻减小,外电阻减小,根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化,即可知道两电表读数的变化.电容器C的电压等于电阻R2两端的电压,分析并联部分电压的变化,即知道电容器的电压如何变化,根据干路电流与通过R2的电流变化情况,分析电流表的变化.
【解答】解:
在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,变阻器在路电阻减小,外电阻减小,干路电流增大,电阻R1两端电压增大,则电压表示数变大.电阻R2两端的电压U2=E﹣I(R1+r),I增大,则U2变小,电容器板间电压变小,其带电量减小.根据外电路中顺着电流方向,电势降低,可知a的电势大于零,U2变小,则a点的电势降低,通过R2的电流I2减小,通过电流表的电流IA=I﹣I2,I增大,I2减小,则IA增大.即电流表示数变大.故D正确,ABC错误.
故选D
4.如图所示,MN是一荧光屏,当带电粒子打到荧光屏上时,荧光屏能够发光.MN的上方有磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里.P为屏上的一小孔,PQ与MN垂直.一群质量为m、带电荷量q的粒子(不计重力),以相同的速率v,从P处沿垂直于磁场方向射入磁场区域,且分布在与PQ夹角为θ的范围内,不计粒子间的相互作用.则以下说法正确的是( )
A.在荧光屏上将出现一个圆形亮斑,其半径为
B.在荧光屏上将出现一个半圆形亮斑,其半径为
C.在荧光屏上将出现一个条形亮线,其长度为
(1﹣cosθ)
D.在荧光屏上将出现一个条形亮线,其长度为
(1﹣sinθ)
【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动.
【分析】一群质量为m、带电荷量都为q的正负两种粒子,以相同的速率不同角度垂直进入匀强磁场,在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动.由于入射角度的不同,导致打到荧光屏上的远近不一.最终在P点两侧出现相等长度的条形亮线,
【解答】解:
A、一群质量、电量都相同的粒子(不计重力),以相同的速率v从小孔P处沿垂直于磁场方向入射,则不可能在荧光屏上出现圆形亮环,故AB错误;
C、一群质量、电量都相同的粒子(不计重力),以相同的速率v从小孔P处沿垂直于磁场方向入射,在荧光屏上P点一个相等长度条形亮线,其长度是由离P点最远与最近的距离之差.而最远的距离是轨迹刚好完成半个圆,则距离为2R,最近的距离是粒子沿θ入射所对应的一段圆弧,其距离为2Rcosθ,所以最远与最近的距离之差为
,故C正确,D错误;
故选:
C
5.在如图所示电路中,电源电动势为12V,电源内阻为1.0Ω,电路中的电阻R0为1.5Ω,小型直流电动机M的内阻为0.5Ω.闭合开关S后,电动机转动,电流表的示数为2.0A.则以下判断中正确的是( )
A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为7.0V
C.电动机产生的热功率为4.0WD.电源输出的电功率为22W
【考点】电功、电功率.
【分析】在计算电功率的公式中,总功率用P=IU来计算,发热的功率用P=I2R来计算,如果是计算纯电阻的功率,这两个公式的计算结果是一样的,但对于电动机等非纯电阻,第一个计算的是总功率,第二个只是计算发热的功率,这两个的计算结果是不一样的.
【解答】解:
A、电路中电流表的示数为2.0A,所以电动机的电压为:
U=E﹣U内﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V,电动机的总功率为:
P总=UI=7×2=14W,电动机的发热功率为:
P热=I2R=22×0.5=2W,所以电动机的输出功率为:
P出=14W﹣2W=12W,所以B正确;AC错误;
D、电源的输出的功率为:
P输出=EI﹣I2R=12×2﹣22×1=20W,所以D错误.
故选:
B
6.如图所示,虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场,有一个带正电小球(电量为+q,质量为m)从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下,带电小球通过下列电磁混合场时,可能沿直线运动的是( )
A.
B.
C.
D.
【考点】带电粒子在混合场中的运动.
【分析】当粒子不受洛伦兹力或者三力平衡时物体有可能沿着直线通过电磁场区域.
【解答】解:
A、小球受重力、向左的电场力、向右的洛伦兹力,下降过程中速度一定变大,故洛伦兹力一定变化,不可能一直与电场力平衡,故合力不可能一直向下,故一定做曲线运动,故A错误;
B、小球受重力、向左的电场力、垂直向外的洛伦兹力,合力与速度一定不共线,故一定做曲线运动,故B错误;
C、小球受重力、向左上方的电场力、水平向右的洛伦兹力,若三力平衡,则粒子做匀速直线运动,故C正确;
D、粒子受向下的重力和向上的电场力,合力一定与速度共线,故粒子一定做直线运动,故D正确;
故选:
CD
7.如图所示为一速度选择器,两极板P、Q之间存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场.一束粒子流(重力不计)以速度v从a沿直线运动到b,则下列说法中正确的是( )
A.粒子一定带正电B.粒子的带电性质不确定
C.粒子的速度一定等于
D.粒子的速度一定等于
【考点】带电粒子在混合场中的运动.
【分析】首先根据粒子做匀速直线运动,可判断粒子的电场力和洛伦兹力相等,即可得知电场强度和磁场强度的关系.再分别假设粒子带正电或负电,可知电场的方向,并发现电场的方向与电性无关.
【解答】解:
A、B、粒子受洛伦兹力和电场力;假设粒子带正电,则受到向下的洛伦兹力,电场力向上;若粒子带负电,洛伦兹力向上,电场力向下;均可以平衡;故A粒子可以带正电,也可以带负电;故A错误,B正确;
C、D、为使粒子不发生偏转,粒子所受到电场力和洛伦兹力是平衡力,即为qvB=qE,所以电场与磁场的关系为:
v=
,故C错误,D正确;
故选:
BD.
8.如图所示,a、b灯分别标有“3.6V4.0W”和“3.6V2.5W”,闭合开关,调节R,能使a、b都正常发光.断开开关后重做实验,则( )
A.闭合开关,a将慢慢亮起来,b立即发光
B.闭合开关,a、b同时发光
C.闭合开关稳定时,a、b亮度相同
D.断开开关,a逐渐熄灭,b灯闪亮一下再熄灭
【考点】自感现象和自感系数.
【分析】闭合开关的瞬间,L相当于断路,稳定后自感作用消失,结合欧姆定律分析电流大小.
【解答】解:
A、闭合瞬间,L相当于断路,b立刻变亮,a逐渐变亮,A正确B错误.
C、闭合开关稳定时,a的亮度比b的大,因为根据I=
知通过a的电流大,C错误
D、电键断开,L相当于电源与两个灯泡串联,逐渐熄灭,由于稳定后a灯的电流大于b灯,所以电键断开瞬间b灯的电流比稳定时的电流大,b灯闪亮一下再熄灭,D正确
故选:
AD
9.如图所示,水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN,MN的左边有一闭合电路.当PQ在外力的作用下运动时,MN向右运动,则PQ所做的运动可能是( )
A.向右加速运动B.向右减速运动C.向左加速运动D.向左减速运动
【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;电磁感应中的能量转化.
【分析】MN处于通电导线产生的磁场中,当有感应电流时,则MN在磁场力作用下向右运动,说明MN受到的磁场力向右,由左手定则可知电流由M指向N,由楞次定律可知,线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小,或向下增加;再由楞次定律可知PQ的运动情况.
【解答】解:
根据安培定则可知,MN处于ab产生的垂直向里的磁场中,MN在磁场力作用下向右运动,说明MN受到的磁场力向右,由左手定则可知电流由M指向N,
由楞次定律可知,线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小,或向下增加;再由右手定则可知PQ可能是向左加速运动或向右减速运动.
故BC正确,AD错误.
故选:
BC.
10.质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的平行导轨上,导轨宽为d,杆与导轨间的摩擦因数为μ,有电流时ab恰好在导轨上静止,如图所示.下图是从右侧观察时的四种不同的匀强磁场方向下的四个平面图,其中通电细杆ab与导轨间的摩擦力不可能为零的是( )
A.
B.
C.
D.
【考点】安培力.
【分析】根据左手定则,判断出安培力的方向,再判断杆ab的受力是否可以处于平衡状态.
【解答】解:
A、杆受到向下的重力,水平向右的安培力,和垂直于斜面的支持力的作用,在这三个力的作用下,可以处于平衡状态,摩擦力可以为零,
B、杆子受重力、竖直向上的安培力,在这两个力的作用下,可以处于平衡状态,故摩擦力可能为零,
C、杆受到的重力竖直向下,安培力竖直向下,支持力,杆要静止的话,必定要受到沿斜面向上的摩擦力的作用,摩擦力不可能为零,
D、杆受到的重力竖直向下,安培力水平向左,支持力,杆要静止的话,必定要受到沿斜面向上的摩擦力的作用,摩擦力不可能为零,
本题选摩擦力不可能为零的,故选:
CD.
11.如图,在正方形abcd范围内,有方向垂直纸面向里的匀强磁场,两个电子以不同的速率,从a点沿ab方向垂直磁场方向射入磁场,其中甲电子从c点射出,乙电子从d点射出.不计重力,则甲、乙电子( )
A.速率之比2:
1
B.在磁场中运行的周期之比1:
2
C.在正方形磁场中运行的时间之比1:
2
D.速度偏转角之比为1:
2
【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律;向心力.
【分析】带电粒子在磁场中做圆周运动,由几何知识可分别求得从c点和d点飞出的粒子的半径和偏转角,则由向心力公式可求得各自的速率及比值;由转动的角度可知运动时间之比.
【解答】解:
A、设磁场边长为a,如图所示,粒子从c点离开,其半径为a;
由BqVc=m
可得:
;
粒子从d点离开,其半径为
;
则
故
;故A正确;
B、粒子的运行周期
,与粒子是速率无关;故B错误;
C、从c点离开的粒子运行的时间tc=
从d点离开的粒子运行的时间td=
;
故
;故C正确;
D、由图可知,c的偏转角是90°,而b的偏转角是180°,速度偏转角之比为:
.故D正确.
故选:
ACD
12.如图所示,空间有一垂直纸面向外的磁感应强度为0.5T的匀强磁场,一质量为0.2kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上,在木板左端无初速放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块,滑块与绝缘木板之间的动摩擦因数为0.5,滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力,现对木板施加水平向左、F=0.6N的恒力,g取10m/s2.则( )
A.木板和滑块一直做加速度为2m/s2的匀加速运动
B.滑块开始做匀加速运动,然后做加速减小的加速运动,最后做匀速直线运动
C.最终木板做加速度为3m/s2的匀加速运动,滑块做速度为10m/s的匀速运动
D.最终木板做加速度为2m/s2的匀加速运动,滑块做速度为10m/s的匀速运动
【考点】牛顿第二定律;力的合成与分解的运用;洛仑兹力.
【分析】先求出木块静摩擦力能提供的最大加速度,再根据牛顿第二定律判断当0.6N的恒力作用于木板时,系统一起运动的加速度,当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力,当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零,此时摩擦力等于零,此后物块做匀速运动,木板做匀加速直线运动.
【解答】解:
A、由于动摩擦因数为0.5,静摩擦力能提供的最大加速度为5m/s2,当0.6N的恒力作用于木板时,系统一起以a=
=
=2m/s2<5m/s2的加速度一起运动;当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力,当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零,此时Bqv=mg,代入数据解得:
v=10m/s,此时摩擦力消失,滑块做匀速运动,而木板在恒力作用下做匀加速运动,a=
=
=3m/s2,故AD错误,C正确.
B、由A的分析可知,开始滑块做匀加速直线运动,滑块获得速度后,受到洛伦兹力作用,受到的合外力减小,加速度减小,做加速度减小的加速运动,最后滑块做匀速直线运动,故B正确;
故选:
BC.
二、非选择题
13.在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中,提供的器材有:
A.干电池一节
B.电流表(量程0.6A)
C.电压表(量程3V)
D.开关S和若干导线
E.滑动变阻器R1(最大阻值20Ω,允许最大电流1A)
F.滑动变阻器R2(最大阻值200Ω,允许最大电流0.5A)
G.滑动变阻器R3(最大阻值2
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