上海市杨浦区九年级中考二模物理试题解析版Word下载.docx
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B.撬棒在使用时,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆,但费距离,故B不符合题意;
C.羊角锤在使用时,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆,但费距离,故C不符合题意;
D.核桃夹子在使用时,动力臂大于阻力臂,是省力杠杆,但费距离,故D不符合题意。
故选A。
5.甲、乙两个质量相同的金属块,吸收相同的热量后相互接触,热量从甲传递到乙,则下列说法成立的是
A.甲的比热大,初温低
B.甲的比热小,初温高
C.甲乙的比热相同,乙的初温高
D.甲乙初温相同,甲的比热大
【详解】甲、乙两个质量相同的金属块,吸收相同的热量后相互接触,热量从甲传递到乙,因为热传递发生的条件是要有温度差,所以说明甲的温度高;
A.由Q=cm(t-t0)知道,若甲的比热大,初温低,则甲升高的温度要比乙低,所以热量不能从甲传递到乙,故A错误;
B.若甲的比热小,初温高,则甲升的温度高,即甲的末温高,热量可以从甲传递到乙,故B正确;
C.若甲乙的比热相同,升高的温度相同,热量从甲传递到乙,说明甲的初温高,故C错误;
D.甲乙初温相同,甲的比热大,则甲升的温度低,热量不可能从甲传递到乙,故D错误.
6.将标有“3.8V0.3A”的小灯泡接在3伏电源两端()
A.小灯泡的额定功率将变小B.小灯泡的额定电流将变小
C.小灯泡的额定功率不变D.小灯泡的额定电流将变大
【答案】C
【详解】额定功率是指用电器正常工作时的功率,额定电流是指额定电压下通过的电流.所以,将标有“3.8V0.3A”的小灯泡接在3伏电源两端时,其额定功率和额定电流均不变,故只有C正确.
7.将重为G的物体挂于测力计下,使它们以大小为v1的速度向上做匀速直线运动,后以大小为v2的速度向下做匀速直线运动,且v1>v2.已知前后两次测力计的示数分别为F1、F2,若不计空气阻力,则()
A.F1可能大于GB.F2可能小于G
C.F1一定大于F2D.F1一定等于F2
【详解】由题意可知,物体两次在竖直方向都是做匀速直线运动,可知两次受力都是平衡力;
由于不计空气阻力,在竖直方向只受到向下的重力和测力计向上的拉力,而两种情况下,物体的重力是相等的,所以两次的拉力也是相等,故选D。
8.甲、乙两车同时从M点出发沿直线向N点运动,甲的s﹣t图象如图所示,当乙车到达N点时,甲车刚好运动了10秒,距离N点2米,若甲、乙的速度分别为v甲、v乙,M、N两点的距离为s0,则()
A.v甲>v乙,s0=22米B.v甲>v乙,s0=18米
C.v甲<v乙,s0=18米D.v甲<v乙,s0=20米
【详解】根据题意知道,甲、乙两车同时从M点出发沿直线向N点运动,当乙车到达N点时,甲车距离N点2米,则有两种可能,一是甲还没有到达N点,二是甲已经超过N点.由图象知道,甲
运动速度是
v=s/t=12m/6s=2m/s
符合第一种情况时,说明相同时间内乙运动的距离远,所以乙的运动速度大于甲,即
v甲<v乙
当乙车到达N点时,甲运动的距离是
s甲=vt甲=2m/s×
10s=20m
即M、N两点的距离是
s0=20m+2m=22m
符合第二种情况时,说明相同时间内乙运动的距离近,所以乙的运动速度小于甲,即
v甲>
v乙
s0=20m-2m=18m
综上所述只有B正确;
故选B。
9.在如图所示的电路中,电源电压保持不变,闭合电键S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中
A.电压表V示数变小
B.电流表A1示数变小
C.电压表V示数与电流表A示数的比值变大
D.电流表A1示数与电流表A示数的比值变小
【详解】A.由电路图知道,R1、R2并联,电压表测电源的电压,电流表A测干路电流,电流表A1测R1支路的电流,当滑片移动时,由于电源电压保持不变,所以电压表V的示数不变,故A错误;
B.又因为并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以当滑片移动时,通过R1的电流不变,即电流表A1的示数不变,故B错误;
C.在滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中,变阻器接入电路中的电阻变大,根据并联电路的特点知道,当滑动变阻器电阻变大时,并联的总电阻变大,所以电流表A示数变小;
又因为电压表V示数与电流表A示数的比值为总电阻,所以,故比值变大,故C正确;
D.由于电流表A1示数不变,电流表A示数变小,所以电流表A1示数与电流表A示数的比值变大,故D错误;
故选C。
10.如图所示,两个底面积不同的薄壁轻质圆柱形容器甲和乙,放在水平地面上,容器内分别盛有体积相同的不同液体A和B,此时液体对容器底部的压强相等,现将完全相同的两个金属球分别浸没在A、B液体中(液体不溢出),则下列判断一定正确的是( )
A.液体对容器底部的压强变化量△PA>△PB
B.液体对容器底部的压力FA>FB
C.容器对水平地面的压强PA>PB
D.容器对水平地面的压力变化量△FA>△FB
【详解】由图可知,SA
SB,hA
hB,液体对容器底部的压强相等,则
A
B.
A.将完全相同的两个金属球分别浸没在A、B液体中,液体对容器底部的压强变化量分别为△PA=
Ag
△PB=
Bg
B,SA
SB,故△PA和△PB大小无法比较,故A错误;
B.液体对容器底部的压强相等,SA
SB,据F=pS可知,液体对容器底部的压力FA>FB,故B正确;
C.轻质圆柱形容器对地面的压强,等于液体对容器底部的压强,即PA
PB,故C错误;
D.容器对水平地面的压力变化量都等于小球的重力,即△FA
△FB,故D错误.
故选B.
二、填空题
11.家用电能表是测量用户消耗_____的仪表,电能表的单位是_____,家庭电路中空调与电视机是_____连接的.(选填“串联”或“并联”)
【答案】
(1).电能
(2).kW•h(3).并联
【详解】电能表俗称电度表,家用电能表是测量用户消耗电能的仪表,读数单位是kW•h,我国家用电器的额定电压是220V,各家用电器之间都是并联的,所以,家庭电路中空调与电视机是并联连接的.
12.2018年冬奥会短道速滑决赛中,我国运动员武大靖为中国队摘得首金,如图所示,运动员用力蹬地,加速向前滑,这表明力可以改变物体的_____;
滑行中冰刀与冰面之间的摩擦属于_____摩擦;
当到达终点后,运动员仍会继续向前滑行是因为他具有_____
【答案】
(1).运动状态
(2).滑动(3).惯性
【详解】[1]当运动员用力蹬地时,会加速向前滑,运动员由静止变为运动,说明力可以改变物体的运动状态。
[2]在滑行的过程中,冰刀相当于冰面滑动,所以冰刀与冰面之间的摩擦是滑动摩擦;
[3]当到达终点后,运动员由于惯性仍要保持原来的运动状态,所以不会立即停止,还会继续向前滑行一端距离。
13.首次发现电流磁效应的物理学家是_____,如图所示通电螺线管,若将它水平悬挂起来使其能自由转动,静止时它的_____端指向北(选填“A”或“B”),这是因为受到了_____的作用.
【答案】
(1).奥斯特
(2).B(3).地磁场
【详解】[1]第一个发现电流磁效应的科学家是奥斯特,他发现了通电导体周围存在磁场;
[2]由安培定则可以确定螺线管的A端为S极,B端为N极;
[3]地球相当于一个大
条形磁铁,在地理的北极有地磁的南极(S极),在地理的南极有地磁的北极(N极),因为受到地磁场的作用,螺线管发生转动,螺线管的B端(N极)指向北,螺线管的A端(S极)指向南。
14.生活中蕴含着许多物理知识:
钻木取火是通过_____方式改变物体的内能;
竖直向上抛出的篮球在空中上升时受到的合力方向是_____;
沿海地区昼夜温差小主要是因为_____
【答案】
(1).做功
(2).竖直向下(3).水的比热容大
【详解】[1]改变物体内能的方法有两个,即做功和热传递,“钻木取火”是通过做功方式改变物体的内能,在此过程中,机械能转化为内能。
[2]竖直向上抛出的篮球在空中上升时,受到竖直向下的重力和竖直向下的空气阻力,二力的方向相同,所以合力的方向也是竖直向下的。
[3]由于水的比热容大,相同质量的水和其它物质相比较,在吸收或放出相同的热量时,水的温度变化小,所以沿海地区昼夜温差小。
15.如图所示,滑轮_____可以看作等臂杠杆(选填“A”或“B”).若物体所受重力均为20牛且处于静止状态,不计摩擦和滑轮重力,力F2的大小为_____牛;
当绳子自由端上升1米时,力F2所作的功为_____焦
【答案】
(1).A
(2).10(3).10
【详解】[1]定滑轮的本质是等臂杠杆,不省力,也不省距离。
[2]动滑轮的本质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆,可以省一半的力,但是费距离,由图知道,B是动滑轮,可以省一半的力,所以
F2=
=
=10N
[3]当绳子自由端上升1米时,拉力F2做的功
W=F2s=10N×
1m=10J
16.某导体电阻为15
,两端电压为6V,通过该导体的电荷量为6C,则电流做功为_____J,通过导体的电流为_____A,当导体两端的电压调整为12V时,导体的电阻为_____
。
【答案】
(1).36
(2).0.4(3).15
【详解】[1][2]根据题意知道,通过导体的电流是
I=
=
=0.4A
所以,这段时间内电流做功是
W=UIt=UQ=6V×
6C=36J
[3]因为电阻是导体本身的一种性质,与导体两端的电压和通过的电流无关,所以,将该导体两端的电压调整为12V时,导体的电阻仍为15
17.用手将重为5牛的物体全部压入水中,物体排开水的重力为8牛,则物体受到的浮力为_____牛,放手后,物体上升最终漂浮在水面上,此时物体受到的浮力为_____牛,物体上升过程中受到水对它向上的压力_____(选填“不变”、“变大”或“变小”)
【答案】
(1).8
(2).5(3).变小
【详解】由阿基米德原理知道,物体受到的浮力是:
F浮=G排=8N;
因为物体重G=5N,受到的浮力是F浮=8N,即F浮>G,所以放手后物体将上浮最终漂浮在水面上,此时F浮′=G=5N;
由于浮力产生的原因是上下表面的压力差,物体在上升过程中上表面压力变小,且浮力变小,故物体上升过程中受到水对它向上的压力变小.
18.在如图所示
电路中,电源电压为U保持不变,闭合电键前后,电压表指针的位置不变,灯L始终不亮,已知故障只发生在电阻R、灯L上,现用一个完好的灯L′替换灯L,请根据灯L′的发光情况进行判断:
①如果灯L′发光,则可能存在的故障是_____
②如果灯L′不发光,则可能存在的故障是_____
【答案】
(1).灯L短路或L断路或L断路R短路
(2).R断路或R断路且L短路或R断路L断路
【详解】由图知道,闭合电键前,灯L与电压表串联;
闭合电键后,电阻R、灯L串联,电压表测量的是电阻R两端的电压.当闭合电键前后,电压表指针的位置不变,灯L始终不亮,则可能是:
1、若灯L断路或灯L断路R短路,则闭合电键前后,电压表示数始终
0;
2、若R断路、灯L短路或R断路且灯L短路或者L与R都断路,则电压表示数始终为电源电压,即电压表与电源两极连通;
根据已知知道,故障只发生在电阻R、灯L上,现用一个完好的灯L′替换灯L:
①如果灯L′发光,则R可能正常或可能短路,则可能存在的故障是:
灯L短路或L断路或L断路R短路;
②用一个完好的灯L′替换灯L,如果灯L′不发光,则只能是:
R断路或R断路且L短路或R断路L断路
【点睛】本题考查的是电路的故障分析,涉及分类讨论和推理,对思维能力及思维的缜密性要求高,难度较大.
19.某小组同学想了解物体电阻与温度的关系,他们上网查阅了有关资料:
“金属导体,如铁、铜等,当温度升高时,导体中自由电子运动的阻力会增大,电阻就会不断变大.半导体,如硅、锗等元素,它们原子核的最外层有4个电子,既不容易挣脱束缚,也没有被原子核紧紧束缚,所以半导体的导电性介于导体和绝缘体之间,但温度升高,半导体原子最外层的电子获得能量,挣脱原子核的束缚成为自由电子,所以电阻减小.还有一些物体,如锰铜合金和镍铬合金,其电阻随温度变化极小.”
请你根据上述信息回答下列问题:
(1)一般情况下,随着温度的升高,_____的电阻增大.
(2)根据上述信息可以判断,适宜作定值电阻的材料是_____(选填“A”、“B”或“C”)
A.铁、铜B.硅、锗C.锰铜合金、镍铬合金
(3)当温度极高时,物质原子内的电子脱离原子核的吸引而逃逸,形成带负电的自由电子和带正电的离子共存的状态,成为等离子体.你认为绝缘体成为等离子体后是否容易导电?
写出你的依据._____
【答案】
(1).导体
(2).C(3).成为等离子体后可以自由移动从而导电
【详解】
(1)根据材料知道,随着温度的升高,一般情况下,导体的电阻会增大.
(2)根据上述材料判断,适宜作定值电阻的材料是电阻随温度变化极小的材料,如锰铜合金和镍铬合金,故C正确;
(3)根据题意知道,当温度极高时,半导体原子最外层的电子获得能量,挣脱原子核的束缚成为自由电子,所以电阻减小.因此即使原本物质是绝缘体,成为等离子体后也可导电,所以,绝缘体成为等离子体后能够导电。
三、作图题
20.重2牛的课本平放在水平桌面上,请用力的图示法在图中作出课本受到桌面的支持力F支.
【答案】
【详解】课本在水平地面上受到的支持力和重力是一对平衡力,大小相等,即F支=G=2N,方向垂直于桌面向上,作用点在课本的重心,设标度为1N,则支持力的图示如图:
21.根据平面镜成像特点,在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′.
【详解】平面镜成像的特点:
平面镜所成的像与物体大小相等,像到平面镜的距离等于物体到平面镜的距离,像与物体的连线与镜面垂直,平面镜所成的像是虚像;
故作图时分别过AB作MN的垂线,标出等距离对称的A’B’,因像是虚像,故连接A’B’时用虚线,作图如下:
22.在图电路中缺少两根导线,请按要求用笔画线代替导线完成电路连接.要求:
闭合电键S后,向右移动变阻器的滑片时,电压表的示数变小.
()
【详解】闭合电键
后,向右移动变阻器的滑片时,电压表的示数变小,即定值电阻的电压减小,根据串联电路电压的规律可知,变阻器的电压变大,根据分压原理,变阻器连入电路中的电阻变大,所以滑片左边电阻丝与定值电阻串联接入电路中,如下图所示:
四、计算题
23.质量为5千克的水,水的温度升高了20℃.求:
水吸收的热量Q吸.[水的比热容为4.2×
103焦/(千克•℃)].
【答案】4.2×
105J
【详解】水吸收的热量为
Q吸=cm△t
=4.2×
103J/(kg•℃)×
5kg×
20℃
105J.
24.在图(a)所示的电路中,电流表A1、A的表盘均如图(b)所示,电源电压为6伏且保持不变,电阻R1的阻值为10欧,滑动变阻器R2上标有“20Ω2A”字样.
①求电键S闭合后电流表A1的示数.
②在不损坏电路元件的情况下,求该电路消耗的最大功率及此时滑动变阻器R2连入电路的阻值.
【答案】①0.6A;
②15.6W;
3Ω.
【详解】①由电路图知道,R1与R2并联,电流表A测干路电流,电流表A1测R1支路的电流.
因为并联电路中各支路两端的电压相等,
所以,电流表A1的示数是:
I1=U/R1=6V/10Ω=0.6A
②因为滑动变阻器R2上标有“20Ω2A”字样,
所以滑动变阻器允许的最大电流是:
I2max=2A,
根据电路图知道,当电流表A的示数最大时,电路消耗的总功率最大,且通过电流表A的最大电流是:
I=I2max+I1=2A+0.6A=2.6A,
故电路消耗的最大功率是:
P=UI=6V×
2.6A=15.6W;
此时滑动变阻器R2连入电路的阻值是:
R2=U/I2=6V/2A=3Ω
25.如图所示,轻质薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上,甲的底面积为0.01米2(容器足够高),盛有0.2m深的水;
圆柱体乙的底面积为0.005m2、高为0.8m,密度为2×
103kg/m3
(1)求水对甲容器底的压强p水____.
(2)求乙的质量m乙_____
(3)若在乙上方沿水平方向切去一部分,并将切去部分竖直放在甲容器内,使甲容器对地面的压力等于乙剩余部分对地面的压力,求甲容器底部受到水的压强变化量Δp甲_____.
【答案】
(1).1960Pa
(2).2kg(3).1470Pa
【详解】①由p=ρgh知道,水对甲容器底的压强是:
p水=ρ水gh=1.0×
103kg/m3×
9.8N/kg×
0.2m=1960Pa;
②根据题意知道,圆柱体乙的体积是:
V乙=S乙h乙=0.005m2×
0.8m=0.004m3,
由ρ=
可知,乙的质量是:
m乙=ρ乙V乙=2×
103kg/m×
0.004m3=8kg;
③根据题意知道,甲容器内水的体积是:
V水=S甲h水=0.01m2×
0.2m=0.002m3,
故甲容器内水的质量是:
m水=ρ水V水=1.0×
0.002m3=2kg,
若在乙上方沿水平方向切去一部分,并将切去部分竖直放在甲容器内,且容器足够高即水不会溢出,又因为水平面上物体的压力和自身的重力相等,所以F=G=mg,当甲容器对地面的压力等于乙剩余部分对地面的压力时,即(m水+m切)g=(m乙-m切)g,
所以,乙切去部分的质量是:
m切=
=3kg,
乙切去部分的体积是:
V切=
=0.0015m3,
因为ρ乙>ρ水,所以,乙切去部分在甲容器中沉底,
切去部分的高度是:
h切=
=0.3m,
切去部分恰好浸没时需要水的体积:
V水=(S甲-S乙)h切=(0.01m2-0.005m2)×
0.3m=0.0015m3<0.002m3,
所以,切去部分完全浸没,则甲容器内水深度的变化量是:
△h=
=0.15m,
所以甲容器底部受到水的压强变化量是:
△p甲=ρ水g△h=1.0×
103kg/m3×
0.15m=1470Pa.
26.在如图所示电路中,电源电压为18伏、R1为定值电阻,R2为滑动变阻器,电流表和电压表的表盘如图所示.
①当电路中电流为0.5安时,求接入电路的总电阻值_______.
②在不损坏电路元件的情况下,最大范围移动滑动变阻器的滑片,电流表的示数变化范围为0.2安﹣0.9安;
用定值电阻R0替换R1后,再最大范围移动滑动变阻器的滑片,电流表的示数变化范围为0.6安﹣1.2安,求该滑动变阻器R2的规格以及定值电阻R1、R0的阻值,并写出计算过程.
滑动变阻器R2的规格为“_____欧_____安”;
定值电阻的阻值R1=_____欧;
R0=_____欧.
【答案】
(1).36Ω
(2).70(3).1.2(4).20(5).5
(1)当电路中电流为0.5安时,根据欧姆定律可知接入电路的总电阻值是:
R=U/I=18V/0.5A=36Ω;
②由于电流表的示数变化范围是0.2A-0.9A,由I=U/R可知,电路中的总电阻是:
R总=U/Imin=18V/0.2A=90Ω,
因为在不损坏电路元件的情况下,最大范围移动滑动变阻器的滑片,
所以当R2为零时电流最大,则R1的阻值是:
R1=U/Imax=18V/0.9A=20Ω;
即R2最大阻值是:
90Ω-20Ω=70Ω.
用定值电阻R0替换R1后,由再最大范围移动滑动变阻器的滑片,电流表的示数变化范围为0.6A-1.2A知道,R2的最大电流是1.2A,所以,滑动变阻器R2的规格为“70Ω,1.2A”;
用定值电阻R0替换R1后,再最大范围移动滑动变阻器的滑片,当电流表的示数为0.6A时,由电压表量程可得R2两端电压最大为15V,所以,R0的阻值是:
R0=U−UVmax/I′=18V−15V/0.6A=5Ω.
点睛:
本题考查的是运用欧姆定律和串联电路规律解决实际问题的能力及数据的处理方法和实验方案的设计能力,有一定难度.
五、实验题
27.在“用电流表测电流”实验中,应将电流表_____(选填“串联”或“并联”)连接在电路中,应使电流从电流表的_____接线柱流入(选填“正”或“负”).“探究平面镜成像特点”实验中用_____作为平面镜,并将它_____放置在水平桌面上.
【答案】
(1).串联
(2).正(3).玻璃板(4).竖直
【详解】在“用电流表测电流”实验中,电流表必须串联在电路中,连接电路时应使电流从电流表的正接线柱流入、从负接线柱流出;
“探究平面镜成像特点”实验,用透明的玻璃板代替平面镜,可以在物体一侧既能看到物体的像,也能看到代替物体的另一个物体,方便确定虚像的位置;
实验时玻璃板要竖直放置,如果不竖直,不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合.
28.如图所示是“探究二力平衡条件”的实验,实验中以_____(选填“甲”、“乙”或“丙”)为研究对象进行实验,当按图(a)所示的实验操作时,应在硬纸板处于_____状态下读取测力计的示数;
按图(b)示数进行实验操作时,放开硬纸板前,应使两测力计的示数_____,放开手会发现硬纸板_____(选填“能”或“不能”)保持静止
【答案】
(1).乙
(2).静止(3).相等(4).不能
【详解】二力平
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