届高考数学理刷题首选卷单元质量测试三.docx
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届高考数学理刷题首选卷单元质量测试三
单元质量测试(三)
时间:
120分钟
满分:
150分
第Ⅰ卷 (选择题,共60分)
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)
1.函数f(x)=1-2sin2的最小正周期为( )
A.2πB.πC.D.4π
答案 A
解析 f(x)=1-2sin2=cosx,最小正周期T=2π,故选A.
2.已知sinθ<0,tanθ>0,则化简的结果为( )
A.cosθB.-cosθ
C.±cosθD.以上都不对
答案 B
解析 由已知可判断出θ是第三象限角,所以=|cosθ|=-cosθ.故选B.
3.(2018·福建4月质检)已知向量=(1,1),=(2,3),则下列向量与垂直的是( )
A.a=(3,6)B.b=(8,-6)
C.c=(6,8)D.d=(-6,3)
答案 D
解析 =-=(1,2),因为(1,2)·(-6,3)=1×(-6)+2×3=0.故选D.
4.(2018·长沙统考)已知a,b为单位向量,且a⊥(a+2b),则向量a与b的夹角为( )
A.30°B.60°C.120°D.150°
答案 C
解析 由题意,a·(a+2b)=a2+2a·b=|a|2+2|a||b|·cos〈a,b〉=1+2cos〈a,b〉=0,所以cos〈a,b〉=-,又0°≤〈a,b〉≤180°,所以〈a,b〉=120°.故选C.
5.(2018·长春调研)在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,若2bcosC-2ccosB=a,且B=2C,则△ABC的形状是( )
A.等腰直角三角形B.直角三角形
C.等腰三角形D.等边三角形
答案 B
解析 ∵2bcosC-2ccosB=a,∴2sinBcosC-2sinCcosB=sinA=sin(B+C),即sinBcosC=3cosBsinC,∴tanB=3tanC,又B=2C,∴=3tanC,得tanC=,C=,B=2C=,A=,故△ABC为直角三角形.故选B.
6.(2018·广东广州调研)如图所示,在△ABC中,=,P是BN上的一点,若=m+,则实数m的值为( )
A.B.
C.D.
答案 B
解析 因为N,P,B三点共线,所以=m+=m+,从而m+=1⇒m=.故选B.
7.(2018·湖南长郡中学调研)若△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知2bsin2A=asinB,且c=2b,则等于( )
A.2B.3C.D.
答案 A
解析 由2bsin2A=asinB,得4bsinAcosA=asinB,由正弦定理得4sinBsinAcosA=sinAsinB,∵sinA≠0,且sinB≠0,∴cosA=,由余弦定理,得a2=b2+4b2-b2,
∴a2=4b2,∴=2.故选A.
8.(2018·江西九校联考)已知5sin2α=6cosα,α∈,则tan=( )
A.-B.C.D.
答案 B
解析 由题意知10sinαcosα=6cosα,又α∈,
∴sinα=,cosα=,tan=====.
9.(2018·东北三省四市二联)将函数f(x)=sin(2x+φ)|φ|<的图象向右平移个单位,所得到的图象关于y轴对称,则函数f(x)在0,上的最小值为( )
A.B.C.-D.-
答案 D
解析 f(x)=sin(2x+φ)向右平移个单位得到函数g(x)=sin2x-+φ=sin2x-+φ,此函数图象关于y轴对称,即函数g(x)为偶函数,则-+φ=+kπ,k∈Z,由|φ|<,可得φ=-,所以f(x)=sin2x-,因为0≤x≤,所以-≤2x-≤,所以f(x)的最小值为sin-=-.故选D.
10.(2018·湖北宜昌二模)已知△ABC中,∠A=120°,且AB=3,AC=4,若=λ+,且⊥,则实数λ的值为( )
A.B.C.6D.
答案 A
解析 因为=λ+,且⊥,所以有·=(λ+)·(-)=λ·-λ2+2-·=(λ-1)·-λ2+2=0,整理可得(λ-1)×3×4×cos120°-9λ+16=0,解得λ=,故选A.
11.(2018·湖南长沙长郡中学摸底)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)ω>0,|φ|<的最小正周期为π,且其图象向左平移个单位长度后得到函数g(x)=cosωx的图象,则函数f(x)的图象( )
A.关于直线x=对称B.关于直线x=对称
C.关于点,0对称D.关于点,0对称
答案 C
解析 由题意T==π,得ω=2,把g(x)=cos2x的图象向右平移个单位长度得f(x)=cos2x-=cos2x-=sin-2x+=sin-2x+=sin2x-的图象,f=0,f=,因此函数f(x)的图象关于点,0对称.故选C.
12.(2017·全国卷Ⅲ)在矩形ABCD中,AB=1,AD=2,动点P在以点C为圆心且与BD相切的圆上.若=λ+μ,则λ+μ的最大值为( )
A.3B.2C.D.2
答案 A
解析 分别以CB,CD所在的直线为x轴、y轴建立直角坐标系,则A(2,1),B(2,0),D(0,1).
∵点P在以C为圆心且与BD相切的圆上,
∴可设Pcosθ,sinθ.
则=(0,-1),=(-2,0),
=cosθ-2,sinθ-1.
又=λ+μ,
∴λ=-sinθ+1,μ=-cosθ+1,
∴λ+μ=2-sinθ-cosθ=2-sin(θ+φ),
其中tanφ=,∴(λ+μ)max=3.故选A.
第Ⅱ卷 (非选择题,共90分)
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)
13.(2018·合肥质检一)已知平面向量a,b满足|a|=1,|b|=2,|a+b|=,则a在b方向上的投影等于________.
答案 -
解析 依题意,有|a+b|2=(a+b)2=a2+2a·b+b2=1+2×1×2cos〈a,b〉+4=3,解得cos〈a,b〉=-,则a在b方向上的投影等于|a|cos〈a,b〉=-.
14.(2018·全国卷Ⅲ)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知C=60°,b=,c=3,则A=________.
答案 75°
解析 由正弦定理得=,∴sinB=.
又∵c>b,∴B=45°,∴A=75°.
15.(2018·河北石家庄质检)已知与的夹角为90°,||=2,||=1,=λ+μ(λ,μ∈R),且·=0,则的值为________.
答案
解析
根据题意,建立如图所示的平面直角坐标系,则A(0,0),B(0,2),C(1,0),所以=(0,2),=(1,0),=(1,-2).设M(x,y),则=(x,y),所以·=(x,y)·(1,-2)=x-2y=0,即x=2y,又=λ+μ,即(x,y)=λ(0,2)+μ(1,0)=(μ,2λ),所以x=μ,y=2λ,所以==.
16.(2018·广州调研)如图所示,某炮兵阵地位于地面A处,两观察所分别位于地面C处和D处,已知CD=6000m,∠ACD=45°,∠ADC=75°,目标出现于地面B处时测得∠BCD=30°,∠BDC=15°,则炮兵阵地到目标的距离是________m.(结果保留根号)
答案 1000
解析 在△ACD中,∵∠ACD=45°,∠ADC=75°,
∴∠CAD=60°,
由正弦定理可得=,
∴AD=6000×=2000(m).
在△BCD中,由正弦定理得=,
∴BD==3000(m),
在Rt△ABD中,由勾股定理可得AB2=BD2+AD2,
∴AB==1000(m).
三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17.(本小题满分10分)已知α∈,sinα=.
(1)求sin的值;
(2)求cos的值.
解
(1)因为α∈,sinα=,
所以cosα=-=-.
故sin=sincosα+cossinα
=×+×=-.
(2)由
(1)知sin2α=2sinαcosα
=2××=-,
cos2α=1-2sin2α=1-2×2=,
所以cos=coscos2α+sinsin2α
=×+×=-.
18.(2018·浙江温州统考)(本小题满分12分)已知函数f(x)=sinωx+cosωx(ω>0)的最小正周期为π.
(1)求ω的值,并在下面提供的直角坐标系中画出函数y=f(x)在区间[0,π]上的图象;
(2)函数y=f(x)的图象可由函数y=sinx的图象经过怎样的变换得到?
解
(1)函数可化为f(x)=sin,
因为T=π,所以=π,即ω=2,
所以f(x)=sin.
列表如下:
x
0
π
y
1
0
-1
0
画出图象如图所示:
(2)将函数y=sinx(x∈R)图象上的所有点向左平移个单位长度,得到函数y=sin(x∈R)的图象,再将所得图象上的所有点的横坐标缩短到原来的(纵坐标不变),可得函数f(x)=sin(x∈R)的图象.
19.(2018·河南洛阳二模)(本小题满分12分)如图,已知扇形的圆心角∠AOB=,半径为4,若点C是上的一动点(不与点A,B重合).
(1)若弦BC=4(-1),求的长;
(2)求四边形OACB面积的最大值.
解
(1)在△OBC中,BC=4(-1),OB=OC=4,
所以由余弦定理得cos∠BOC==,
所以∠BOC=,于是的长为×4=.
(2)设∠AOC=θ,θ∈0,,则∠BOC=-θ,
S四边形OACB=S△AOC+S△BOC
=×4×4sinθ+×4×4sin-θ=24sinθ+8cosθ=16sinθ+,
由于θ∈0,,所以θ+∈,,
当θ=时,四边形OACB的面积取得最大值16.
20.(2018·河南濮阳三模)(本小题满分12分)△ABC内接于半径为R的圆,a,b,c分别是内角A,B,C的对边,且2R(sin2B-sin2A)=(b-c)sinC,c=3.
(1)求角A的大小;
(2)若AD是BC边上的中线,AD=,求△ABC的面积.
解
(1)因为2R(sin2B-sin2A)=(b-c)sinC,所以2RsinBsinB-2RsinAsinA=(b-c)sinC,
所以bsinB-asinA=bsinC-csinC,
即b2-a2=bc-c2,即b2+c2-a2=bc,
所以cosA==,A=60°.
(2)以AB,AC为邻边作平行四边形ABEC,
在△ABE中,∠ABE=120°,AE=,
由余弦定理得AE2=AB2+BE2-2AB·BEcos120°,
即19=9+BE2-2×3×BE×-,
解得BE=2(负值舍去),所以AC=2.
故S△ABC=AB·ACsin∠BAC
=×3×2×=.
21.(2018·荆门调研)(本小题满分12分)已知向量m=(3sinx,cosx),n=(-cosx,cosx),f(x)=m·n-.
(1)求函数f(x)的最大值及取得最大值时x的值;
(2)若方程f(x)=a在区间上有两个不同的实数根,求实数a的取值范围.
解
(1)f(x)=m·n-=-3sinxcosx+cos2x-=-sin2x+(1+cos2x)-
=-sin2x+cos2x=sin.
当2x+=2kπ+,k∈Z,即x=kπ-,k∈Z时,
函数f(x)取得最大值.
(2)由于x∈时,2x+∈.
而函数g(x)=sinx在区间上单调递减,在区间上单调递增.
又g=-,g=-,g=.
结合图象(如图),所以方程f(x)=a在区间上有两个不同的实数根时,a∈.
22.(2018·广东茂名二模)(本小题满分12分)已知△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,sinA=2sinC,2b=3c.
(1)求cosC;
(2)若∠ABC的平分线交AC于点D,且△ABC的面积为,求BD的长.
解
(1)∵sinA=2sinC,∴a=2c.
于是,cosC===.
(2)由
(1)知cosC=,∴sinC=.
∵S△ABC=·2c·c·=,
∴c2=4,c=2,则a=4,b=3.
∵BD为∠ABC的平分线,
∴==2,∴CD=2AD.
又CD+AD=3,∴CD=2,AD=1.
在△BCD中,由余弦定理可得BD2=42+22-2×4×2×=6,
∴BD=.
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