届浙江省普通高校招生选考科目模拟猜题押题考试物理附解析.docx
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届浙江省普通高校招生选考科目模拟猜题押题考试物理附解析
2019届浙江省普通高校招生选考科目模拟猜题押题考试物理(附解析)
可能用到的相关公式或参数:
重力加速度g均取10。
一、选择题Ⅰ(本题共13小题,每小题3分,共39分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)
1.下列物理量属于矢量的是()
A.位移、时间B.磁场、磁通量C.电场强度、电流D.力、加速度
2.西藏高速公路基本上实行区间限速,在行车时某两个高速收费站之间的平均速度不能超过某一限定值,已知从拉萨高速口到曲水县高速口路程为60公里,限速90km/h,由于路况好,小陈驾车从拉萨高速收费站出发,半小时就到了曲水高速收费站,为了不违章,小陈在收费站前的服务区等了一段时间,则下列说法正确的是()
A.小陈通过两收费站的平均速度大小为120km/h
B.小陈通过两收费站的平均速率为120km/h
C.小陈在服务区至少等10分钟才能通过收费站
D.小陈通过两收费站的平均速度大小为90km/h
3.以一定的初速度竖直上抛一个物体,空气阻力不计,取向上为正方向,下列v-t、x-t图象中能正确描述其运动的是()
4.将木块放在小车上,使木块与小车一起向右匀速运动,当小车被挡板挡住时,下列实验现象正确的是()
图1图2图3
A.假设小车表面光滑,木块将如图2所示向前倾倒
B.假设小车表面光滑,木块将如图3所示向前滑动
C.假设小车表面粗糙,木块将如图1所示向后倾倒
D.假设小车表面粗糙,木块将如图3所示向前滑动
5.在物理学中,万有引力常量、分子电流假说、惯性定律分别由不同的物理学家提出或测定,他们依次是()
A.牛顿、法拉第、伽利略
B.卡文迪许、法拉第、牛顿
C.卡文迪许、安培、牛顿
D.牛顿、库仑、伽利略
6.网球是一个非常热门的体育运动项目,如图所示,假设运动员挥动球拍击球时,下列说法正确的是()
A.图中的A、B两点线速度大小相等
B.图中的A、B两点中,B点线速度较大
C.图中的A、B两点中,A点角速度较大
D.图中的A、B两点中,A点向心加速度较大
7.一气球静止在赤道上空,它随地球一起自转,同时气球上空有一颗同步卫星绕地球运动,则下列说法正确的是()
A.气球在万有引力和浮力的作用下,处于平衡状态
B.气球的向心加速度比同步卫星的向心加速度大
C.气球线速度大于同步卫星的线速度
D.气球线速度小于同步卫星的线速度
8.某偏远山区为了实现供电,自己修建了小型水利发电站,如图所示,若该发电站蓄水池平均每天蓄水的有效总库容量为786m3,发电过程中上下水库平均水位差为64m。
则下列说法正确的是()
A.若每天发电400kW
h,则能源利用效率约为35%
B.发电时下水库出水口的水流速度可达到36m/s
C.蓄水池中水的重力势能全部转化为电能,则每天能发电约138kW
h
D.平均每天所发电能可供10户居民同时用电(每户电功率为1.4kW)约10h
9.在排球比赛中,大力扣球是进攻的主要手段之一,假设扣球手扣球时球与地面之间的距离为3m,扣球后的球速为30m/s,对方接球位置离地面约1m,已知排球质量大约250g,请估算接球前瞬间球的动能约为()
A.6JB.110JC.600JD.1200J
10.全球首创超级电容储存式现代电车在中国宁波基地下线,没有传统无轨电车的“辫子”,没有尾气排放,乘客上下车的30秒内可充满电并行驶5公里以上,刹车和下坡时可把80%的刹车能量转化成电能回收储存再使用,如图为使用“3V、12000F”石墨烯纳米混合型超级电容器的电车,下列说法正确的是()
A.该电容最多能储存72000C的电荷量
B.该电容器的容量为36000A·h
C.若30s能充满,则充电平均电流为1200A
D.电容器随着放电,电量逐渐减少到0,电容也会逐渐减少到0
11.已知一边长为2和另一边长为的两个绝缘立方体容器,中心在同一直线上,容器连通且加满电解液,在AB两端加上电压U时,流过电路的电流为1A,当电解液加到距边长为的容器底端高的位置时,电路中的电流为()
A.1AB.0.5AC.AD.A
12.如图所示,在示波管右边有一通电圆环,则示波管中的电子束将()
A.向上偏转
B.向下偏转
C.向纸外偏转
D.匀速直线运动
13.如图所示,A、B、C、D为半球形圆面上的四点,且AB与CD交于球心且相互垂直,E点为球的最低点,A点放置一个电量为+Q的点电荷,在B点放置一个电量为—Q的点电荷,则下列说法正确的是()
A.C、D两点电场强度不同
B.沿CD连线移动一电量为+q的点电荷,电场力始终做功
C.C点和E点电势相同
D.将一电量为+q的点电荷沿圆弧面从C点经E点移动到D点过程中,电场力先做负功,后做正功。
二、选择题II(本题共3小题,每小题2分,共6分。
每小题给出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。
全部选对的得2分,选对但不全的得1分,有选错的得0分)
14.【加试题】某同学在学校实验室采用甲、乙单摆做实验时得到的振动图象分别如图线甲、乙所示,下列说法中正确的是()
A.甲、乙两单摆的摆长相等
B.两摆球经过平衡位置时,速率可能相等
C.乙单摆的振动方程是(cm)
D.在任意相同时间内,两摆球的路程之比为10:
7
15.【加试题】一束由a、b两种单色光组成的复色光垂直三棱镜的一面射入的光路图如图所示,下列说法正确的是()
A.真空中a光的速度一定大于b光的速度
B.a、b光能发生偏振现象
C.若a光通过某障碍物能发生明显衍射现象,b光也一定能
D.通过同一双缝干涉装置后形成的干涉条纹中,a光的相邻条纹间距比b光大
16.【加试题】图1所示为氢原子能级图,大量处于n=4激发态的氢原子向低能级跃迁时能辐射出多种不同频率的光,其中用从n=4能级向n=2能级跃迁时辐射的光照射图2所示光电管的阴极K时,电路中有光电流产生,则()
图1图2
A.若将滑片右移,电路中光电流增大
B.若将电源反接,电路中可能有光电流产生
C.若阴极K的逸出功为1.05eV,则逸出的光电子最大初动能为J
D.大量处于n=4激发态的氢原子向低能级跃迁时辐射的光中只有4种光子能使阴极K发生光电效应
非选择题部分
三、非选择题(本题共7小题,共55分)
17.(5分)
(1)下列实验中必须从同一位置静止释放的实验是()
(2)探究加速度与物体质量、物体受力的关系的实验装置如图1所示,在平衡小车与木块之间的摩擦力的过程中,打出一条纸带。
从比较清晰的点起,每5个点取一个计数点,用刻度尺测量计数点间的距离如图2所示。
已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz.
①从图2中所给的刻度尺上读出C、D两点的距离S3=___________________;
②该小车的加速度a=_____________________(结果保留两位有效数字);
③若A、B、C、D四点中最先打下D点,则平衡摩擦力时,图甲中木板下的垫块需要向_________(选填“左”或“右”)移动。
18.(5分)如图1所示,是一个多量程多用电表的简化电路图。
测电流和测电压时各有两个量程,还有两个挡位用来测电阻。
某实验小组利用图1所示电路,测量电压表内阻,则开关S应该连接_______(选填“1、2、3、4、5、6”)挡,表笔B是_______(选填“红”或“黑”)表笔,B应该与图2中_______(选填“C”或“D”)接线柱相连接,测量时发现多用电表偏角过小,则要调______________(选填“高”或“低”)倍率。
若用“×100”倍率的欧姆挡,多用电表读数如图3所示,读数为kΩ。
图2
19.(9分)原地纵跳摸高是篮球和羽毛球重要的训练项目。
已知质量m=60kg的运动员原地摸高为2.05米,比赛过程中,该运动员重心先下蹲0.5米,经过充分调整后,发力跳起摸到了2.85米的高度。
假设运动员起跳时为匀加速运动,求:
(1)该运动员离地面时的速度大小为多少;
(2)起跳过程中运动员对地面的压力;
(3)从开始起跳到双脚落地需要多少时间?
20.(12分)如图所示为一装置的截面图,其中AB段是半径为R=2L的四分之一圆轨道,CDO段为半径r=L的半圆形轨道,最高点O固定一个竖直挡板,小球碰后原速弹回,D为CDO轨道的中点,两轨道均光滑,如图连接且固定,现有一个质量为m的小球以某一速度v从A点进入轨道,并在竖直平面的轨道内运动。
求:
(1)若要小球做完整的圆周运动,从A点进入轨道的速度v至少是多少?
(2)若小球从某一高度静止释放,且轨道承受最大压力为3mg,试分析小球应从轨道上离地面多高的位置释放。
(3)若轨道不光滑,小球以某一速度从A点进入轨道后,经挡板弹回时恰好返回A点,若将圆轨道AB换成直轨道(虚线所示),且与CDO圆弧光滑连接,直轨道的动摩擦因数和圆轨道相同,若小球以相同大小的速度从A点进入直轨道后,能再次返回A点吗,请简述原因。
21.(4分)【加试题】
(1)在“测定玻璃的折射率”实验中,如图所示,在玻璃砖的上侧竖直插两个大头针A、B,在下侧再竖直插两个大头针,在插入第三个大头针C时,应使它____。
在插入第四个大头针时,有D、E两点,则计算折射率时,用________(选填“D”或“E”)点得到的值误差较小。
(2)用图示实验装置探究“碰撞中的不变量”实验,除了图示装置中的实验仪器外,下列仪器中还需要的是()
A.秒表B.天平C.刻度尺D.直流电源E.交流电源
若实验中得到一条纸带如图所示,已知A、B车的质量分别为,则该实验需要验证的表达式是。
(用图中物理量和已给出的已知量表示)
22.(10分)【加试题】间距为l=0.5m两平行金属导轨由倾斜部分和水平部分平滑连接而成,如图所示,倾斜部分导轨的倾角θ=30°,上端连有阻值R=0.5Ω的定值电阻且倾斜导轨处于大小为B1=0.5T、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中。
水平部分导轨足够长,图示矩形虚线框区域存在大小为B2=1T、方向竖直向上的匀强磁场,磁场区域的宽度d=3m。
现将质量m=0.1kg、内阻r=0.5Ω、长l=0.5m的导体棒ab从倾斜导轨上端释放,达到稳定速度v0后进入水平导轨,当恰好穿过B2磁场时速度v=2m/s,已知导体棒穿过B2磁场的过程中速度变化量与在磁场中通过的距离满足(比例系数k未知),运动过程中导体棒始终与导轨垂直并接触良好,不计摩擦阻力和导轨电阻。
求:
(1)导体棒ab的速度v0;
(2)导体棒ab穿过B2磁场过程中通过R的电荷量及导体棒ab产生的焦耳热;
(3)若磁场B1大小可以调节,其他条件不变,为了使导体棒ab停留在B2磁场区域,B1需满足什么条件。
23.(10分)【加试题】真空中有一半径为R的虚线圆形区域内存在方向垂直纸面的匀强磁场,如图1所示,虚线圆的右侧放置一对水平正对放置的金属板M和N,两金属板的中心线O1O2与虚线圆的圆心O在同一水平线上.在圆上P点(位于O点的正下方)处有一点状电子源,电子源可以向各个方向发射速率均为v0的电子,当其中一个电子沿PO方向射入磁场时,电子恰好从圆上的O1点沿两板中心线射出,电子在进入金属板的瞬间给两板加上图2所示的交变电压,最后电子恰好从M板的边缘水平飞出。
已知金属板的板长L=2.4R,板间距d=1.2R,电子的质量为m、电量为e,忽略电子的重力和相互间的作用力。
求:
(1)圆形区域内的磁感应强度B;
(2)图2中和周期T;
(3)若在两板右端加一竖直探测板(图中未画出),电子经磁场偏转后从N板的左端水平射入两板间,同时在板间加上图2的交变电压,经电场偏转后垂直打在探测板上,若每秒打在探测板上的电子数为x,有70%的电子被吸收,30%的电子被原速率弹回两板间,探测板所受的平均作用力大小;
(4)在满足(3)的条件下,被原速率弹回的某电子在时刻返回两板间,求该电子在磁场中运动的总时间。
答案
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
答案
D
C
B
B
C
D
D
C
B
C
C
D
C
AC
BD
BC
1.D【解析】时间、磁通量、电流均为标量,位移、磁场、电场强度、力和加速度均为矢量,故A、B、C错误,D正确。
2.C【解析】平均速率=,,为了不违章,所以小陈的平均速率不大于90km/h,平均速度大小肯定小于90km/h,故A、B、D错误;若以限定的速度行驶,小陈到达曲水收费站的时间h=h,所以小陈得在服务区等10分钟,故C正确。
3.B【解析】由竖直上抛的速度公式知,故A错误、B正确;竖直位移,C、D错误。
4.B【解析】假设小车表面光滑,当小车停下时,木块没有受到摩擦力作用,将保持原来的状态,故A错误,B正确;当小车表面粗糙时,小车突然停止时,木块上面保持匀速,下面将随小车静止,所以木块上面向前倾倒,C、D错误。
5.C【解析】万有引力常量是卡文迪许测定的,分子电流假说是安培提出的,牛顿提出了惯性定律,C正确。
6.D【解析】由题可知,A、B两点是同轴转动,角速度相等,A点半径大于B点的半径,由可得,A点的线速度大于B点线速度,A、B、C错误;由向心加速度公式可得,A点的向心加速度大,D正确。
7.D【解析】气球围绕地球做圆周运动,则,所以引力大于浮力,气球受力不平衡。
A错误;气球和同步卫星具有相同的角速度,由可知同步卫星的向心加速度较大,B错误;由可得,同步卫星的线速度大于气球的线速度,C错误,D正确。
8.C【解析】若没有任何阻力,由机械能守恒得mgh=mv2,得m/sm/s,经过水轮机后,水流速度明显减小,所以下水库出水口的水流速度肯定小于36m/s,B错误;蓄水池中能用于发电的水的重力势能约为J若全部用于发电,则产生的电能为kW
h,C正确;每天发电的电能不可能超过138kW
h,A错误;由于水的重力势能不可能完全转化为电能,所以不能给10户居民同时用电(每户电功率为1.4kW)约10h,D错误。
p
9.B【解析】球的末动能,由于空气阻力的影响,球的动能稍小于117.5J,故B正确。
10.C【解析】可储存的电量,A错误;电容量为
A·h=10A·h,B错误;平均电流
A,C正确;电容器的电容与带电量无关,故是不会变化的,D错误。
11.C【解析】当充满电解液时,B容器的电阻
,A容器的电阻
,则AB两端电阻为
当电解液加到离右边容器底端为
时,
,
,则总电阻为
。
由
可得
A。
故C正确。
12.D【解析】通电圆环在粒子运动方向上产生的磁场与粒子运动方向相同,不受洛伦兹力,故电子做匀速直线运动,D正确。
13.C【解析】CD在AB的中垂线上,C、D又关于球心对称,所以C、D两点电场强度大小相等,方向也相同,A错误;沿CD直线,电场方向始终与CD直线垂直,所以一直不做功,B错误;CDE所在的平面为等势面,点电荷沿圆弧面从C点经E点到D点,电场力不做功,D错误;C、E点位于同一等势面,所以电势相同,C正确。
14.AC【解析】由题图知,两单摆的振动周期均为2s,根据单摆周期公式T=2π
可得,甲、乙两单摆的摆长相等,A正确;由于甲单摆的振幅比乙单摆大,由机械能守恒知,甲单摆的摆球经过平衡位置时的速率较大,B错误;由于
,则乙单摆的振动方程是
(cm),C正确;只有从平衡位置或最大位移处开始计时,且末位置也在平衡位置或最大位移处的特殊情况下,经过相同时间,两摆球的路程之比才为10:
7,其他情况下,不满足该比例关系,D错误。
15.BD【解析】真空中各色光的速度大小均相等,A错误;光是横波,都能发生光的偏振现象,B正确;由题图知,a光发生全反射的临界角较大,频率小,波长长,根据发生明显衍射现象的条件知,a光发生明显衍射现象时b光不一定能,C错误;由条纹间距公式
知,a光的相邻条纹间距比b光大,D正确。
16.BC【解析】若将滑片右移,光电管两端的电压增大,但之前光电流是否达到饱和并不清楚,因此光电管两端的电压增大,光电流不一定增大,A错误;将电源极性接反后,所加电压阻碍光电子向阳极运动,但若eU J,C正确;由于阴极K的逸出功未知,能使阴极K发生光电效应的光子种数无法确定,D错误。 17.(5分) (1)AC(2分) (2)1.10cm(1分)0.20m/s2(1分)左(1分) 【解析】 (1)探究功和速度的关系时,每次每条皮筋做功相同,所以必须从同一位置出发,A正确;验证机械能守恒定律和探究加速度与质量、力的关系时,对纸带从哪点释放没有要求,B、D错误;研究平抛运动规律时,平抛速度大小必须相同,所以必须从同一高度静止释放,C正确。 (2)①毫米刻度尺的读数要估读到毫米的下一位,故结果为1.10cm;②由逐差法可得加速度a= = =0.20m/s2;③小车沿木板做减速运动,即平衡摩擦力不够,垫块应向左移动,增大倾角。 18.(5分)3或4黑D高1.6(每空1分) 【解析】测量电阻应该要用欧姆表,所以可以接3或4,对于欧姆表来说,电流应该从红表笔流进、黑表笔流出,所以B应该是黑表笔,而且B应该与伏特表D接线柱相连,若测量时发现多用电表偏角过小,即电阻读数过大,所以要调高倍率,使读数变小。 从题图3中可以看出电阻为1.6kΩ. 19.(9分)【解析】 (1)从开始起跳到脚离开地面重心上升 =0.5m,离开地面到上升到最高点的过程中,重心上升距离 =0.8m,所以 (2分) (2)脚未离地过程中, ,得 (1分), 对人分析 ,(1分)得 (1分)由牛顿第三定律可知运动员对地面的压力为1560N,方向向下。 (1分) (3)加速上升时间 (1分),减速上升 (1分),加速下降和减速上升时间相同,故总时间为 (1分) 20.(12分)【解析】 (1)当小球恰好通过O点,由牛顿第二定律知 ,因为r=L,得 (2分) 因为A、O等高,所以若要小球做完整的圆周运动,从A点进入轨道的速度v至少为 (1分) (2)设经过最低点C的速度为 则 (1分) (1分) 得 (1分) 若小球在离地面为h的高度静止释放,根据动能定理 (1分) 得h=L(1分) 故应从离地面高为L的位置静止释放(1分) (3)若换成斜面,斜面的摩擦力做功变小,所以损失的机械能变小,故能通过A点且具有一定的速度。 (3分) 21.(4分) (1)挡住前面的A、B的像D(每空1分) (2)BCE (每空1分) 【解析】 (1)测玻璃折射率的实验是利用大头针得到进入玻璃的入射光线,在另一侧插入大头针挡住前面的A、B的像来确定C,由几何知识知,过C点的出射光线应平行于AB,利用直尺比对并仔细观察,可知CD∥AB,故用D点得到的折射率值误差较小。 (2)该实验需要测量小车的质量,需要天平,还需要测量各计数点间距,需要刻度尺,打点计时器有计时功能,无需秒表,而打点计时器工作电源是交流电源,无需直流电源,故选BCE;小车A碰前做匀速运动,打在纸带上的点间距是均匀的,故求碰前小车A的速度应选BC段,碰后两车一起做匀速运动,打出的点也是间距均匀的,故选DE段来计算碰后速度,在误差允许的范围内,需要验证的表达式是 ,即 。 22.(10分)【解析】 (1)当导体棒ab运动稳定后,做匀速运动,由平衡条件知, (1分) ab产生的感应电动势 (1分) 感应电流 联立得 (1分) (2)穿过B2磁场过程中通过R的电荷量 联立得 1.5C(1分) 设穿过B2磁场过程中产生的总焦耳热为Q,则由能量守恒定律知 (1分) 导体棒ab产生的焦耳热 联立得Q=1.5J(1分) (3)根据题意有, ,则若导体棒ab以速度v′通过B2磁场时与在磁场中通过的距离x′满足 (1分) 导体棒ab在B1磁场中达到稳定速度时,由平衡条件知 (1分) 又 联立得 (1分) 根据题意, 联立以上二式并代入数据得 T。 (1分) 23.(10分)【解析】 (1)根据电子的偏转和左手定则知,圆形区域内的磁场方向垂直纸面向里(1分),对于从O1点射出的电子,在磁场中做圆周运动,轨迹半径为R,则 得 (1分) (2)画出从O1射出磁场的电子运动轨迹图如图1所示,根据电子恰好从M板的边缘水平飞出知,电子在板间的运动时间为交变电压的周期的整数倍,则 ,得 (n=1,2,3…)(1分) 粒子在板间偏转的总位移(1分) 代入得(n=1,2,3…)(1分) (3)电子经磁场偏转后从N板的左端水平射入两板间,经磁场偏转后在O2点垂直打在探测板上,以水平向左为正方向,由动量定理知, (1分) 得(1分) (4)根据题意,电子在时刻返回两板间,经电场偏转后刚好平行于N板从N板的左边缘水平进入磁场,画出电子的运动轨迹如图2所示,设电子从C点离开磁场,易知为菱形,则∥,则由几何关系知,OC处于竖直方向,因此电子两次进入磁场的轨迹所对圆心角之和为,在磁场中运动总时间为(2分) 代入 得(1分)
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