高三物理一轮复习方略单元评估检测8精.docx
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高三物理一轮复习方略单元评估检测8精
单元评估检测(八)
第八章
(40分钟100分)
一、单项选择题(本大题共4小题,每小题6分,共24分,每小题只有一个选项符合题意)
1.把标有“220V,100W”的A灯和“220V,200W”的B灯串联起来,接入220V的电路中,不计导线电阻,则下列判断中正确的是( )
A.两灯的电阻之比RA∶RB=1∶2
B.两灯的实际电压之比UA∶UB=2∶1
C.两灯实际消耗的功率之比PA∶PB=1∶2
D.在相同时间内,两灯实际发热之比QA∶QB=1∶2
2.(易错题)如图所示,两个电阻的阻值均为100Ω,
A、B两端的电压保持12V不变,现用一个内阻为1.45kΩ的电压表去测量某个电阻两端的电压,读数为( )
A.6VB.5.8VC.5.2VD.6.8V
3.(2012·南昌模拟)在如图所示的电路中,灯泡L的电阻大于电源的内阻r,闭合电键S,将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后,下列结论正确的是( )
A.灯泡L变亮
B.电源的输出功率变大
C.电容器C上的电荷量减少
D.电流表读数变小,电压表读数变大
4.(创新题)利用如图所示电路可以测出电压表的内阻.已知电源的内阻可以忽略不计,R为电阻箱.当R取不同阻值时,电压表对应不同读数U.多次改变电阻箱的阻值,所得到的
-R图象应该是图中的哪一个( )
二、双项选择题(本大题共5小题,每小题8分,共40分,每小题有两个选项符合题意)
5.关于电阻的计算式R=
和决定式R=ρ
,下面说法正确的是( )
A.导体的电阻与其两端电压成正比,与电流成反比
B.导体的电阻仅与导体的长度、横截面积和材料有关
C.导体的电阻随工作温度的变化而变化
D.对一段特定的导体来说,在恒温下比值
是恒定的,导体电阻不随U或I的变化而变化
6.(预测题)如图所示,R1、R2为定值电阻,L为小灯泡,R3为光敏电阻,当照射光强度增大时( )
A.电压表的示数减小
B.R2中电流减小
C.小灯泡的功率增大
D.电路的路端电压增大
7.某学生在研究串联电路电压特点时,接成如图所示电路,接通K后,他将高内阻的电压表并联在A、C两点间时,电压表读数为U;当并联在A、B两点间时,电压表读数也为U;当并联在B、C两点间时,电压表读数为零,则出现此种情况的原因可能是(R1、R2阻值相差不大)( )
A.AB段断路B.BC段断路
C.AB段短路D.BC段短路
8.如图所示,一台电动机提着质量为m的物体,以速度v匀速上升.已知电动机线圈的电阻为R,电源电动势为E,通过电源的电流为I,当地重力加速度为g,忽略一切阻力及导线电阻,则( )
A.电源内阻r=
-R
B.电源内阻r=
-
-R
C.如果电动机转轴被卡住而停止转动,较短时间内电源消耗的功率将变大
D.如果电动机转轴被卡住而停止转动,较短时间内电源消耗的功率将变小
9.(2012·广州模拟)在如图所示的电路中电源电动势为E,内电阻为r,闭合开关S,待电流达到稳定后,电流表示数为I,电压表示数为U,电容器C所带电荷量为Q,将滑动变阻器R的滑动触头P从图示位置向a端移动一些,待电流达到稳定后,则与P移动前相比( )
A.U变小 B.I变小 C.Q增大 D.Q减小
三、实验题(6分)
10.(2012·梅州模拟)在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中,所用器材有:
小电珠(2.5V,0.6W),滑动变阻器,电流表,学生电源,开关,导线若干.
(1)利用小电珠的标称值可估算出小电珠正常工作时的电阻值约为 Ω.(计算结果保留2位有效数字)
(2)请根据实验原理图甲完成实物图乙中的连线.
(3)开关闭合前,应将滑动变阻器的滑片P置于 端,为使小电珠亮度增加,P应由中点向 端滑动.
(4)下列图象能正确表示小电珠的伏安特性曲线的是 .
四、计算题(本大题共2小题,共30分,要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)
11.(创新题)(14分)如图所示的电路中,开关闭合时,电路消耗的总功率为40W,电阻R1为4Ω,R2为6Ω,电源内阻r为0.6Ω,电源的效率为94%,求:
(1)a、b两点间的电压;
(2)电源的电动势.
12.(易错题)(16分)如图所示的电路中,电源电动势E=6V,其内阻可忽略不计.电阻的阻值分别为R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ,电容器的电容C=4.7μF.闭合开关S,待电流稳定后,用电压表测R1两端的电压,其稳定值为1.5V.
(1)该电压表的内阻为多大?
(2)由于电压表的接入,电容器带的电荷量变化了多少?
答案解析
1.【解析】选B.RA=
=
Ω
RB=
=
Ω,则RA∶RB=2∶1
因为A与B串联
所以UA∶UB=RA∶RB=2∶1,
PA∶PB=RA∶RB=2∶1.
相同时间内,QA∶QB=RA∶RB=2∶1.
故只有B正确.
2.【解题指南】解答本题应注意以下两点:
(1)实际的电压表相当于一个电阻,应注意电压表测电阻时,相当于电路中并联一个电阻.
(2)将电压表并联在被测电阻两端时,电阻的实际电压比原来值要小.
【解析】选B.电压表与电阻R的并联电阻为
R′=
=
Ω=93.5Ω
电压表的读数为
UV=
UAB=
V=5.8V,故B正确.
3.【解析】选D.当P向左移动时,电路中总电阻变大,总电流减小,故灯泡变暗,电源输出功率变小,电流表示数变小,电压表示数变大,电容器两端电压增大,电容器C上的电荷量增加,故D正确.
【变式备选】如图所示,电源的电动势和内阻分别为E、r,在滑动变阻器的滑动触头P由a向b移动的过程中,下列各物理量变化情况为( )
A.电流表的读数一直减小
B.R0的功率先增大后减小
C.电压表的读数先减小后增大
D.电源的总功率先减小后增大
【解析】选D.设想把电压表从电路中拆去,可看出电路的结构为滑动变阻器的左右两侧并联,再与R0串联,构成闭合回路.滑动变阻器两侧的电阻之和为定值,当滑动触头滑至中点时,整个回路的电阻最大,电流最小,电源的路端电压最大,所以电流表的读数先减小后增大,电压表的读数先增大后减小,A、C错误;R0是定值电阻,所以R0的功率先减小后增大,B错误;电源的总功率P=EI,电源的电动势不变,所以电源的总功率先减小后增大,D正确.
4.【解析】选A.设电源电动势为E,电压表内阻为RV,电压表的读数为U,则由闭合电路的欧姆定律可得I=
,则U=E-IR=E-
,由此可得R=
-RV,
=
+
.由此判断A正确.
5.【解析】选C、D.导体的电阻只由导体本身的性质决定,不能根据R=
而错误地认为R与U成正比,与I成反比.故A错误.根据R=ρ
知导体的电阻由ρ、L、S决定,但还与温度有关,故B错误,C正确.在恒温下,一段特定导体的电阻与U和I无关,是一个定值,故D正确.
6.【解析】选B、C.当光强度增大时,R3阻值减小,外电路电阻随R3的减小而减小,R1两端电压因干路电流增大而增大,同时内电压增大,故电路路端电压减小,而电压表的示数增大,A、D项均错误;由路端电压减小,而R1两端电压增大知,R2两端电压必减小,则R2中电流减小,故B项正确;结合干路电流增大知流过小灯泡的电流必增大,则小灯泡的功率增大,故C项正确.
7.【解析】选A、D.电路的故障可以由电压表示数判断.由于AB间的电压和AC间电压相同,BC间电压为零,故可确定可能是AB段断路或BC段短路,故A、D正确.
【总结提升】电路故障的分析方法
(1)断路故障的判断:
用电压表与电源并联,若有电压时,说明电源正常;若将电压表与某段电路并联,示数不为零,而与其他各段电路并联时电压表示数为零,则这一段电路断路.
(2)短路故障的判断:
电流表有示数,而用电器不工作,则该支路短路;用电压表与该部分并联,若有电压时,未短路;若无电压,则该两点间可能短路或被短路.
(3)分析电路故障的基本方法是假设法:
如果电路发生某种故障,寻求故障发生在何处时,可将整个电路划分为若干部分;然后逐一假设某部分电路发生故障,运用电路规律进行正向推理,推理结果若与题干中所述物理现象不符合,则故障不是发生在这部分电路;若推理结果与题干中所述物理现象符合,则故障可能发生在这部分电路,直到找出发生故障的全部可能为止,亦称排除法.
8.【解析】选B、C.由于电动机是非纯电阻元件,欧姆定律不再适用,电动机的输入功率P1=UI.热功率P2=I2R,输出功率P3=mgv,P1=P2+P3,可解得:
U=IR+
,又由闭合电路欧姆定律得:
E=U+Ir,解得:
r=
-
-R,故A错B对;当电动机被卡住时,电动机变成纯电阻元件,I总=
,电流增大,故电源消耗的功率P增大,所以选项C对,D错.
9.【解析】选B、C.滑动触头向a端移动,则连入电路的电阻增大,由闭合电路欧姆定律可知,总电路中的电流为I=
,R增大,则总电流减小,B正确;滑动变阻器两端的电压U=E-I(R2+r),I减小,所以U增大,A错误;电容器两端的电压实际上就是滑动变阻器两端的电压,故电容器极板上的电量Q=CU,U增大,则Q增大,故C正确D错误.
10.【解析】由U额=2.5V,P额=0.6W,由R=
得R≈10Ω;按照原理图连接实物图,注意滑动变阻器的连接方法和电流表的外接方式;实验开始时,应让小电珠的电压为零,故应让滑片P置于a端,电压增大时,应让滑片P向b端滑动;因金属灯丝的电阻随温度的升高而增大,故I-U图线的斜率应越来越小,故伏安特性曲线应为A.
答案:
(1)10
(2)如图所示
(3)a b (4)A
11.【解析】
(1)电源内部热功率P内=I2r(3分)
又P内=P总(1-η)(2分)
故I=
=2A(2分)
由于R1、R2并联,所以Uab=I
=4.8V(3分)
(2)由P总=IE得E=
=20V(4分)
答案:
(1)4.8V
(2)20V
12.【解析】
(1)设电压表内阻为RV
UV(
+
)=(E-UV)
(4分)
解得RV=4.8kΩ.(2分)
(2)电压表接入电路前,电容器上电压为
UC=
E=4V(2分)
Q=CUC=1.88×10-5C(2分)
电压表接入电路后,电容器上电压为
UC′=4.5V(2分)
Q′=CUC′=2.115×10-5C(2分)
所以电容器上电荷量增加了
ΔQ=Q′-Q=2.35×10-6C.(2分)
答案:
(1)4.8kΩ
(2)增加了2.35×10-6C
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- 物理 一轮 复习 方略 单元 评估 检测