1、广西玉林市田家炳中学学年高一月考物理试题有答案2015年春季期玉林市田家炳中学5月月考高一理科综合能力测试物理部分二、选择题:本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中.第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.滑板是现在非常流行的一种运动，如右图所示，一滑板运动员以7 m/s的初速度从曲面的A点下滑，运动到B点速度仍为7 m/s，若他以6 m/s的初速度仍由A点下滑，则他运动到B点时的速度（ ）A大于6 m/sB等于6 m/sC小于6 m/s D条件不足，无法计算15.下列说法符合史实的是( )A.牛
2、顿发现了行星的运动规律B.胡克发现了万有引力定律C.卡文迪许测出了引力常量G,被称为“称量地球重量的人” D.伽利略用“月地检验”证实了万有引力定律的正确性16.如图所示，飞船从轨道1变轨至轨道2。若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道2上的( )A.动能大B.向心加速度大C.运行周期长D.角速度大17.如图所示，质量为m的小球A沿高度为h倾角为的光滑斜面以初速v0滑下，另一质量与A相同的小球B自相同高度同时由静止落下，结果两球同时落地下列说法正确的是（）A重力对两球做的功不等B落地前的瞬间A球的速度等于B球的速度C落地前的瞬间A球重力的瞬时功率大于B球
3、重力的瞬时功率D两球重力的平均功率相同18.在“探究弹性势能的表达式”的活动中，为计算弹簧弹力所做的功，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，弹力在每小段可以认为是恒力，用各小段做功的代数和表示弹力在整个过程所做的功，物理学中把这种研究方法叫做“微元法”，下面几个实例中应用到这一思想方法的是（ ）A根据加速度的定义a=。当非常小，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度B在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加C在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系 D在不需要考
4、虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体，即质点.19.某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不及空气阻力，g取10m/s2，4s内物体的（ ）A.路程为50m B.位移大小为50mC.速度改变量的大小为20m/s D.平均速度大小为10m/s20.探测器绕月球做匀速圆周运动，变轨后在周期较大的轨道上仍做匀速圆周运动，则变轨后与变轨前相比（ ）A轨道半径变大 B向心加速度变大C线速度变小 D角速度变小21.如图所示，一辆货车通过光滑轻质定滑轮提升一箱货物，货箱质量为M，货物质量为m，货车以速度v向左匀速运动，将货物提升高度h，则（ ）A货物向上做匀速运动B箱中的物体对箱底的压力大于mgC图示位置
5、时货车拉力的功率大于（M+m）gvcosD此过程中货车拉力做的功为（M+m）gh第卷三、非选择题（共19题，共174分）22.（每空3分，共6分）利用图（a）实验可粗略测量人吹气时对小球的作用力F两端开口的细玻璃管水平放置，管内放有小球，实验者从玻璃管的一端A吹气，小球从另一端B飞出，测得玻璃管口距地面高度h，小球质量m，开始时球静止的位置到管口B的距离x，落地点C到管口B的水平距离l然后多次改变x，测出对应的l，画出l2x关系图线如图（b）所示，由图象得出图线的斜率为k重力加速度为g（1）不计小球在空中运动时的空气阻力，根据以上测得的物理量可得，小球从B端飞出的速度v0= （2）若实验者吹气
6、时对小球的水平作用力恒定，不计小球与管壁的摩擦，吹气时对小球作用力F= 23.（每空3分，共9分）在做“探究做功和物体速度变化关系”的实验前，某探究小组的同学们通过讨论提出了以下几种猜想：，。为了验证猜想，他们设计了如图甲所示的实验装置。PQ为一块倾斜放置的木板，在Q处固定一个速度传感器(用来测量物体每次通过Q点的速度)。在刚开始实验时，有位同学提出，不需要测出物体质量，只要测出物体从初始位置到速度传感器的距离和读出速度传感器的示数就行了，大家经过讨论采纳了该同学的建议。(1)本实验中不需要测量物体的质量，理由是什么?_：(2)让小球分别从不同高度无初速释入，测出物体从初位置到速度传感器的距离
7、，读出小球每次通过速度传感器Q的速度，并绘制了如图乙所示的图象。根据绘制出的图象，若为了更直观地看出L和的变化关系，他们下一步应该作出_。 A图象 B图象 C图象 D图象(3)本实验中，木板与物体间摩擦力的大小会不会影响探究出的结果?_。24.（12分）地球同步通信卫星绕地球做匀速圆周运动的周期与地球的自转周期相同，均为T。（1）求地球同步通信卫星绕地球运行的角速度大小；（2）已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，求地球同步通信卫星的轨道半径25.一次消防演练中，消防员需从高楼阳台上，利用绳索下滑到地面，绳索两端固定好后成直线，与竖直方向的夹角=30，为保证行动迅速，队员甲先匀加速滑到某
8、最大速度，再靠手摩擦匀减速滑至地面，速度刚好为零，在队员甲开始下滑时，队员乙在阳台上同时开始向地面以速度v0=m/s平抛救生垫，第一个救生垫刚落到绳下端地面，接着抛第二个，结果第二个救生垫刚好与甲队员同时抵达地面，若队员甲的质量m，重力加速度g=10m/s2，忽略空气的阻力，忽略人的高度。（15分）问：（1）高楼阳台到地面的竖直高度H=? 队员甲在绳索上运动的时间t0=?（2）若加速过程与减速过程中的加速度大小相等，则队员甲在何处速度最大?最大速度为多少?（3）如第（2）问中的减速过程中，队员甲受的摩擦力大小?26.（20分）起重机从静止开始起吊一质量为4000kg重物，开始，起重机拉力恒定，
9、重物以0.2m/s2的加速度匀加速上升，9.8s后，起重机达到额定功率P，起重机再保持额定功率不变，又经5s，重物达到最大速度2m/s，此后再保持拉力恒定，使重物以0.5m/s2的加速度做匀减速运动至停下取g=9.8m/s2（1）求额定功率P的大小；（2）求重物上升的最大高度；（3）在图示坐标纸上画出整个过程起重机拉力F与时间t的关系图象（不要求写计算过程）物理答案：14.A 解析：滑板运动员从曲面的A点下滑过程中，重力和摩擦力做功，当他下滑的速度减小时，在同一点他对轨道的压力减小，摩擦力减小，则他下滑过程中克服摩擦力做功减小，重力做功相同，根据动能定理得知，动能的变化量减小，第一次下滑过程动
10、能变化量为零，则有15.C16.C 解析： 根据万有引力提供向心力Gmam2rmmr，得到a，v，T2，由这些关系可以看出，r越大，a、v、越小，而T越大，飞船从轨道1变轨至轨道2，轨道半径变大，故线速度变小，故动能变小，加速度、角速度变小，周期变大，故ABD错误，C正确故选：C17. D.分析：重力做功跟路径无关，只与首末位置的高度差有关；根据动能定理，比较两球落地的速度大小；根据P=mgvcos及P=W/t比较重力的瞬时功率和平均功率解：A、根据W=mgh知，重力对两球做功相同故A错误B、对A球，根据动能定理得，mgh=1/2mvA21/2mv02，对B球，根据动能定理得，mgh=1/2m
11、vB2，知vAvB故B错误C、两球都做匀变速直线运动，运动时间相等，vA=v0+gtsin，vB=gt，A球重力做功的瞬时功率P=mgvAsin=mg2sin2t，B球重力做功的瞬时功率P=mgvB=mg2t知A球的重力瞬时功率小于B球重力的瞬时功率故C错误D、两球重力做功相等，时间相等，根据P=W/t知，重力的平均功率相等故D正确故选D点评：解决本题的关键掌握重力做功的特点，以及掌握瞬时功率和平均功率的表达式18.B.解析：A为极限法；B为微元法；C为控制变量法；D为理想模型法，本题应选B。19.AD.解析：A、选取向上的方向为正方向，物体在4s内的位移：h=v0t-gt2=304-1042
12、m=40m；方向与初速度的方向相同，向上物体上升的最大高度：H= m=45m，物体上升的时间：t1= s=3s下降位移为h=g(t-t1)2=5m故路程为s=H+h=50m，故A正确，B 错误；C、4s末的速度为v=v0-gt=-10m/s，故速度改变量v=v-v0=-40m/s，故C错误；D、平均速度为 m/s=10m/s，故D正确；故选：AD.20.ACD 解析： 设探测器的质量为m，地球的质量为M，则则得 T=2，a=，v=，=可见，周期变大，轨道半径变大，而向心加速度a、线速度v和角速度均变小，故ACD正确，B错误故选ACD.思路点拨：根据万有引力提供向心力，可分别得出探测器的周期、线
13、速度、角速度、向心加速度与半径关系表达式，进行分析判断对于人造地球卫星问题，常常建立这样模型：卫星绕地球做匀速圆周运动，地球对卫星的万有引力提供卫星的向心力21. BC分析：由于绳子不可伸长，货箱和货物整体向上运动的速度和货车速度沿着绳子方向的分量相等，根据平行四边形定则求解出货箱和货物整体向上运动的速度表达式进行分析即可解：将货车的速度进行正交分解，如图所示：由于绳子不可伸长，货箱和货物整体向上运动的速度和货车速度沿着绳子方向的分量相等，故：v1=vcos. 由于不断减小，故货箱和货物整体向上做加速运动，加速度向上；A、货箱和货物整体向上做加速运动，故A错误；B、货箱和货物整体向上做加速运动
14、，加速度向上，是超重，故箱中的物体对箱底的压力大于mg，故B正确；C、货箱和货物整体向上做加速运动，故拉力大于（M+m）g，整体的速度为vcos，故拉力功率P=Fv（M+m）gvcos，故C正确；D、此过程中货车拉力做的功等于货箱和货物整体动能的增加量和重力势能的增加量，大于（M+m）gh，故D错误；故选：BC点评：本题关键先推导出货箱和货物整体的速度表达式，确定货箱和货物整体的运动规律，然后结合功率表达式P=Fv和动能定理列式分析，不难22.（1）；（2）.解：（1）小球从B端飞出做平抛运动，根据平抛运动的基本公式得： l=v0t，h=解得：v0=（2）根据动能定理可得：Fx=故：Fx=又：
15、故：F=故答案为：；.23.（1）若只有重力做功，则：mgLsin=mv2，等号的两边都有m，可以约掉，故不需要测出物体的质量（2）D.（3）不会.解析：（1）若只有重力做功，则：mgLsin=mv2，等号的两边都有m，可以约掉，故不需要测出物体的质量（2）采用表格方法记录数据，合理绘制的L-v图象是曲线，不能得出结论Wv2为了更直观地看出L和v的变化关系，应该绘制L-v2图象（3）重力和摩擦力的总功W也与距离L成正比，因此不会影响探究的结果【思路点拨】（1）通过实验来探究“合外力做功和物体速度变化的关系”，根据实验原理可知，物体质量可以约掉；（2）根据实验数据列出数据表并描点作出L-v2图象
16、，从而找到位移与速度变化的关系；（3）在运动过程中，由于物体受力是恒定的，所以得出合外力做功与物体速度变化的关系因此在实验中物体与木板间的摩擦力不会影响探究的结果24.解：（1）地球同步卫星绕地球运行的角速度大小=2/T（2）设地球质量为M，卫星质量为m，引力常量为G，地球同步通信卫星的轨道半径为r，则根据万有引力定律和牛顿第二定律有 对于质量为m0的物体放在地球表面上，根据万有引力定律有 联立上述两式可解得 25.解：（1）由救生垫做平抛运动，设绳长L得由得to=2 to=21.8s=3.6s.（2）根据题意，加速与减速有相同的位移，所以在绳的中点时速度最大。由得（3）设加速度大小为a，由加
17、速度运动中，受力分析有，26. 解：（1）重物速度最大时，有F=mg此时，P=mgv 解得 P=78.4kW （2）重物匀加速上升的高度h1=得h1=9.6m 此过程起重机拉力满足F1mg=ma1从静止到最大速度过程中，由动能定理得F1 h1+Pt2mg（h1+h2）=得h1+h2=19.6m 匀减速运动上升的高度h3=4m H=h1+h2+h3=23.6m （3）图象如图：分析：（1）当拉力等于重物重力时，重物的速度达到最大，结合功率与牵引力的关系式求解.（2）根据牛顿第二定律求出匀加速直线运动时的拉力大小，从而抓住匀加速直线运动结束功率达到额定功率求出匀加速直线运动的位移，利用动能定理求得达到最大速度时走过的位移，再根据匀减速运动知识求解这过程的位移，两位移之和即为求解.（3）根据力的大小结合运动求解运行时间，进而求得结果解决本题的关键知道拉力等于重力时速度最大，匀加速直线运动结束，功率达到额定功率，结合牛顿第二定律以及动能定理的关系进行求解
