1、Cl2和SO2同时通入到溶液中，发生反应：Cl2+SO2+2H2O=2HCl+H2SO4，若Cl2和SO2的物质的量相同，它们在溶液中反应恰好没有剩余，即没有漂白性的物质剩余，故溶液不会褪色，故选B。【点睛】Cl2、SO2都具有漂白性，同时它们的漂白性都需要在湿润的环境中才能得以体现；若将这两种气体以物质的量比为1：1的方式通入到溶液中，二者优先发生氧化还原反应（Cl2+SO2+2H2O=2HCl+H2SO4）生成无漂白性的物质；需要注意的是，这两种气体的漂白原理也不相同，Cl2是因为溶于水后生成了HClO，该物质具有强化性，漂白作用是不可逆的，而SO2是因为溶于水后生成了H2SO3，该物质可
2、以和有色物质结合生成无色物质，漂白作用是可逆的。4下列说法正确的是A新制氯水能使品红溶液褪色，说明Cl2具有漂白性B富含硫单质的矿物在工业上可用于制造硫酸C硫粉在过量的纯氧中燃烧可以生成大量的SO3D常温时将Fe片放入浓硫酸，无明显现象是因为Fe和浓硫酸不反应A. 新制氯水能使品红溶液褪色，只能说明氯水中某种成分具有漂白性，不能肯定Cl2表现出漂白性，A错误；B. 富含硫单质的矿物，比如硫磺粉，在工业上可用于制造硫酸，B正确；C. 硫粉在过量的纯氧中燃烧可以生成大量的SO2，但不能直接生成SO3，C错误；D. 常温时将Fe片放入浓硫酸，无明显现象是因为Fe和浓硫酸反应，生成的钝化膜阻止了反应的
3、进行，D错误。故选B。5为了确定某物质是否变质，所选试剂（括号内物质）达不到实验要求的是（ ）AK2SO3是否被氧化（BaCl2溶液） B新制氯水已经完全变质（紫色石蕊试液）CKI是否被氧化（淀粉溶液） DFeSO4是否被氧化（KSCN溶液）【答案】AA、K2SO3在空气中会被氧化为K2SO4，K2SO3、K2SO4和BaCl2反应都会生成白色沉淀，故BaCl2溶液不能达到实验要求，A错误；B、新制氯水中存在Cl2+H2OHClO+HCl，HClO不稳定、易分解，随着HClO的分解，平衡不断右移，最终新制氯水会变质为盐酸溶液，失去漂白性，故使用紫色石蕊试液，若溶液变红后，不褪色，可以说明氯水完
4、全变质，即紫色石蕊试液能达到实验要求，B正确；C、KI会被空气氧化生成I2，I2遇到淀粉溶液，溶液会显蓝色，故淀粉溶液能达到实验要求，C正确；D、FeSO4会被空气氧化为Fe2（SO4）3，加入KSCN溶液，若溶液变红，则说明FeSO4已被氧化，故KSCN溶液能达到实验要求，D正确；故选A。6下列有关硫及其化合物的说法中正确的是A浓硫酸具有吸水性，可做干燥剂，如可干燥氯气、二氧化硫、氨气等B浓硫酸与炭共热反应，仅体现了浓硫酸的强氧化性CSO2 和 Cl2 均可使品红溶液褪色，但溶有 SO2 的品红溶液加热后恢复红色，说明 SO2 的氧化性没有 Cl2强D以 FeS2 为原料生产硫酸过程中，要用
5、到沸腾炉、接触室、吸收塔等设备，所涉及的反应均为氧化还原反应A浓硫酸的强氧化性和酸性，不能干燥氨气和硫化氢等还原性气体，可干燥氯气和二氧化硫，故A错误；B浓硫酸与灼热的炭反应，硫元素化合价都发生变化，只体现了浓硫酸的强氧化性，故B正确；C二氧化硫的漂白性是因为二氧化硫和有色物质反应生成无色物质，该反应中二氧化硫不体现氧化性，次氯酸的漂白性是利用次氯酸的强氧化性，二者漂白原理不同，不能说明二氧化硫的氧化性没有氯气强，故C错误；D工业制硫酸的三设备是：沸腾炉4FeS2+11O2 2Fe2O3+4SO2，接触室2SO2（g）+O2（g）2SO3（g），吸收塔SO3+H2O=H2SO4，沸腾炉、接触室
6、所涉及的反应均为氧化还原反应、吸收塔所涉及的反应不是，故D错误；故答案为B。7下列“实验结论”与“实验操作及现象”相符的一组是选项实验操作及现象实验结论A向某溶液中加入 AgNO3 溶液，有白色沉淀生成该溶液一定含有 Cl-B向某溶液中加入 BaCl2 溶液再滴加 HCl 溶液，有白色沉淀生成该溶液中一定含有 SO42-C切开金属钠，钠表面的银白色会逐渐变暗钠在空气中会生成过氧化钠D某溶液做焰色反应时，现象为黄色说明该溶液的一定含有 Na+，不能确定是否含有 K+AA BB CC DD【答案】DA. 向某溶液中加入 AgNO3 溶液，有白色沉淀生成，溶液中可能含有Cl-或SO42-，实验结论不
7、符，A错误；B. 向某溶液中加入 BaCl2 溶液再滴加 HCl 溶液，有白色沉淀生成，溶液中可能含有Ag+或SO42-，实验结论不符，B错误；C. 切开金属钠，钠表面的银白色会逐渐变暗，钠在空气中会生成氧化钠，实验结论不符，C错误；D. 某溶液做焰色反应时，现象为黄色，未透过蓝色的钴玻璃观察，溶液的一定含有 Na+，不能确定是否含有 K+，符合事实，D正确；答案为D。8下列“解释或结论”与“实验操作及现象”不相符的一组是 序号 实验操作及现象解释或结论浓硫酸滴到纸张上，纸变黑浓硫酸有脱水性向紫色石蕊溶液中加入氯水，溶液先变红，随后褪色氯水中含有酸性物质和漂白性物质向某溶液中加入稀盐酸，产生能
8、使澄清石灰水变浑浊的气体该溶液中一定有CO32-向某溶液中加入浓NaOH溶液，加热，产生能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体该溶液中一定含有NHA、浓硫酸具有强脱水性，遇到有机物后，“强行”以H2O的形式脱去有机物中的H、O元素，从而使有机物碳化变黑，A正确；B、氯水中含有HCl和HClO，HCl使石蕊变红，HClO再氧化石蕊成无色物质，氯水的酸性主要靠HCl体现，漂白性靠HClO体现，B正确；C、能使澄清石灰水变浑浊的气体不一定是CO2，还可能是SO2，故该溶液中的离子可能是CO32-、HCO3-、SO32-、HSO3-中的一种或者几种，C错误；D、能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体是NH3，NH
9、4+和强碱溶液在加热的条件下，可以反应产生NH3，D正确；故选C。能使澄清石灰水变浑浊的气体，一般认为是CO2，和酸反应产生CO2的离子有CO32-、HCO3-，在分析时，这两种离子都要考虑到；此外，SO2也能使澄清石灰水变浑浊，故若题中没有说明，也要考虑到SO2，相应的，和酸反应产生SO2的离子有SO32-、HSO3-。9把70 mL硫化氢和90 mL氧气（标准状况）混合，在一定条件下点燃，使之反应。当反应完全后恢复到原来状况时，可得到SO2的体积是（不考虑二氧化硫在水中溶解）（）A50 mL B55 mL C60 mL D70 mLH2S完全燃烧的化学方程式为：2H2S+3O22SO2+2
10、H2O，根据方程式可知90mLO2完全反应消耗60mLH2S，同时产生60mLSO2，剩余10mL H2S，剩余H2S与反应产生的SO2会进一步发生反应：SO2+2H2S=3S+2H2O，10mLH2S反应消耗5mL SO2，因此充分反应后，剩余SO2气体的体积是60mL-5mL=55mL，故合理选项是B。10下列有关叙述正确的是 （ ）A二氧化硫可使酸性高锰酸钾溶液褪色，体现了二氧化硫的漂白性B同体积、同密度的N2O和CO2，两种气体的分子数一定相等C1mol钠与氧气反应生成Na2O或Na2O2时，失电子数目均为2NAD1L 0.45 mol/L NaCl溶液中Cl的物质的量浓度比0.1L
11、0.15 mol/L AlCl3溶液大A. 二氧化硫具有还原性，可被酸性高锰酸钾溶液氧化，所以使酸性高锰酸钾溶液褪色，体现了二氧化硫的还原性，故A错误；B. 同体积、同密度的N2O和CO2的质量相等，因为N2O和CO2的摩尔质量均为44g/mol，所以两者的物质的量相等，气体的分子数一定相等，故B正确；C. 钠最外层只有一个电子，所以1mol钠与氧气反应不管是生成Na2O还是Na2O2，失电子数目均为NA，故C错误；D. 1L 0.45 mol/L NaCl溶液中Cl的物质的量浓度为0.45 mol/L，0.1L 0.15 mol/L AlCl3溶液的Cl的物质的量浓度为0.45 mol/L，
12、两者Cl的物质的量浓度相等，故D错误；答案：B。11下列图示箭头方向表示与某种常见试剂在通常条件下发生转化，其中6步转化均能一步实现的一组物质是（ ）WXYZSACu不能一步生成Cu（OH）2，所以W不能发生图中转化生成Z，故A不选；B氢氧化钠一步不能生成生成氧化钠，所以Y不能发生图中转化生成Z，故B不选；CAl与硫酸反应生成X，Al与HCl反应生成Y，Al与过量NaOH反应生成Z，Z与过量硫酸反应生成X，X与BaCl2反应生成Y，Y与过量NaOH反应生成Z，反应均可进行，故C选； D硫不能一步变为三氧化硫，D不选；12向CuSO4溶液中逐滴加入KI溶液至过量，观察到产生白色沉淀CuI，溶液变
13、为深黄色。 再向反应后的混合物中不断通入SO2气体，溶液逐渐变成无色。 下列分析正确的是（ ）A上述实验条件下，物质的氧化性：Cu2+I2SO2B通入SO2时，SO2与I2反应，I2作还原剂C通入SO2后溶液逐渐变成无色，体现了SO2的漂白性D滴加KI溶液时，转移2mol电子时生成1mol白色沉淀向CuSO4溶液中逐滴加入KI溶液至过量，观察到产生白色沉淀CuI，溶液变为深黄色，说明有I2生成。碘元素化合价由-1价升高到0价，Cu2+被还原为CuI，向反应后的混合物中不断通入SO2气体，溶液逐渐变成无色，说明I2被还原，I2与SO2反应生成HI和H2SO4，据此分析解答。CuSO4溶液中逐滴加
14、入KI溶液，发生反应化学方程式为2CuSO4+4KI=2K2SO4+2CuI+I2，向反应后的混合物中不断通入SO2气体，发生反应：SO2+2H2O+I2=H2SO4+2HI。A. 在2CuSO4+4KI=2K2SO4+2CuI+I2反应中，Cu2+化合价降低，Cu2+作氧化剂，I2是I-失去电子形成的，I2是氧化产物，根据物质的氧化性：氧化剂氧化产物，可知氧化性：I2；在反应SO2+2H2O+I2=H2SO4+2HI中，碘元素化合价由0价降低为-1价，I2作氧化剂，SO2被氧化，SO2作还原剂。由于物质氧化性：还原剂，因此氧化性：SO2，故氧化性：SO2，A正确；B. 向反应后的混合物中不断
15、通入SO2气体，发生反应：SO2+2H2O+I2=H2SO4+2HI，由反应方程式可知，碘元素化合价由0价降低为-1价，被还原，所以I2作氧化剂，B错误；C. 向反应后的混合物中不断通入SO2气体，发生反应：SO2+2H2O+I2=H2SO4+2HI，因为I2不断被还原消耗变为I-使碘水褪色，SO2体现强还原性，而不能表现漂白性，C错误；D. CuSO4溶液中逐滴加入KI溶液，发生反应的化学方程式为2CuSO4+4KI=2K2SO4+2CuI+I2，可知：每转移2 mol电子生成2 mol CuI，D错误；故合理选项是A。本题考查氧化还原反应，掌握物质的性质与元素化合价的关系是本题解答的关键。
16、根据题目信息推断实验中发生的反应，利用物质的氧化性：氧化剂大于氧化产物，氧化剂大于还原剂；物质的还原剂：还原剂大于还原产物，还原剂大于氧化剂，电子转移数目等于反应中元素化合价升降总数，本题考查了学生对氧化还原反应的利用及对陌生信息的接受与应用能力。13将xmolNa2SO3和ymolNaS溶于水，用稀硫酸酸化后发生了反应，生成物：为S和SO2，为S和H2S，只有S。设x，y的比值a、b、c，若a0.5，b=0.5，c0.5，对应三个反应正确的顺序是（ ）Aa、b、c Ba、c、b Cc、b、a Db、a、cNa2SO3和Na2S溶于水，用稀硫酸酸化，发生反应：Na2SO32Na2S3H2SO4
17、3Na2SO43S3H2O，过量的Na2SO3或Na2S能与稀硫酸继续反应生成SO2或H2S，据此讨论过量问题解答。混合溶液酸化，发生反应：Na2SO32Na2S3H2SO43Na2SO43S3H2O；当x：y0.5时，Na2SO3有剩余，Na2S完全反应，剩余的Na2SO3再与硫酸反应生成SO2，生成物为S和SO2；y0.5时，Na2SO3和Na2S恰好反应，此时生成物只有S；y0.5时，Na2SO3完全反应，Na2S有剩余，剩余的Na2S再与硫酸反应生成H2S，生成物为S和H2S；故答案选B。14以高硫铝土矿（主要成分为Al2O3、Fe2O3、SiO2，少量FeS2和金属硫酸盐）为原料，生
18、产氧化铝并获得Fe3O4的部分工艺流程如下，下列说法不正确的是（ ）A焙烧时产生的SO2气体可以用NaOH溶液吸收B滤液中的铝元素主要以AlO2-存在，可以往滤液中通入过量二氧化碳，经过滤、灼烧生产氧化铝C可以将少量Fe3O4产品溶于稀硫酸中，再滴入酸性高锰酸钾溶液，若溶液褪色则证明产品中含有FeOD Fe2O3与FeS2混合后在缺氧条件下焙烧生成Fe3O4和SO2，理论上完全反应消耗的n（FeS2）：n（Fe2O3）=1：16高硫铝土矿（主要成分为Al2O3、Fe2O3、SiO2，少量FeS2和金属硫酸盐）粉碎后通入空气、加入氧化钙焙烧，其中氧化钙和二氧化硫反应生成亚硫酸钙，和二氧化硅反应生
19、成硅酸钙，得到产物加入氢氧化钠溶液碱浸其中氧化铝溶解生成偏铝酸钠溶液，经操作得到的固体中含大量的Fe2O3，Fe2O3与FeS2混合后在缺氧条件下焙烧生成Fe3O4和SO2，以此解答该题。A二氧化硫可与氢氧化钠溶液反应而被吸收，避免污染环境，A正确；B向“过滤”得到的滤液中通入过量CO2，可以将AlO2-转化为Al（OH）3，灼烧可生成氧化铝，B正确；CFe3O4产品溶于稀硫酸中，可生成硫酸亚铁，可与酸性高锰酸钾溶液反应，不能证明产品中含有FeO，C错误；D“过滤”得到的滤渣中含大量的Fe2O3，Fe2O3与FeS2混合后在缺氧条件下焙烧生成Fe3O4和SO2，设有x mol Fe2O3和y
20、mol FeS2完全参加反应，根据电子得失守恒：2x（3-）=2y5+y（-2），解得=16，所以理论上完全反应消耗的n（FeS2）：16，D正确；本题考查无机工艺流程制备，涉及到SO2的反应，铝三角的反应，氧化还原反应的计算，题目侧重考查学生的分析能力、实验能力和计算能力。15下列实验得出的推理或结论正确的是：推理或结论向某盐溶液中加入稀盐酸，产生能使澄清石灰水变浑浊的气体该盐一定是碳酸盐向某溶液中加入BaCl2溶液，生成白色沉淀该溶液中一定含有SO42-把一小块钠放入水中，立刻熔成小球该反应是放热反应向某溶液中通入Cl2，再加入KSCN溶液，溶液变红该溶液中一定含有Fe2+A向某溶液中加入
21、稀盐酸，产生能使澄清石灰水变浑浊的无色气体，气体可能为二氧化硫或二氧化碳，则溶液中可能存在HCO3-、SO32-、HSO3-、CO32-，A错误；B. 某溶液中加入氯化钡溶液，有白色沉淀生成，该溶液中可能含有SO42-、SO32-、CO32-或Ag+，B错误；C. 钠熔成小球，说明钠和水放出的热量使钠熔化，同时说明钠的熔点较低，C正确；D. 因为该检验方法是先通入氯气，再滴加KSCN溶液，在通氯气前滤液A中就可能含有Fe3+，无法确定溶液中是否含有Fe2+，D错误；钠的密度小于水，钠的熔点较低，钠和水反应生成氢氧化钠和氢气且放出热量，钠熔成小球，说明钠和水放出的热量使钠熔化。16下列离子的检验
22、方法及对应结论正确的是（ ）离子检验方法及对应结论取样，滴加氢氧化钠溶液，观察到有白色沉淀，证明有取样，滴加硫氰化钾溶液，观察到溶液变红，证明有取样，滴加氯化钡溶液，观察到白色沉淀，证明有取样，用铂丝进行焰色反应，透过蓝色钴玻璃观察到黄色火焰，证明有A.氢氧化铝和氢氧化镁均为白色沉淀，取样，滴加氢氧化钠溶液，观察到有白色沉淀，不能证明有镁离子，可能有铝离子，故A错误；B.铁离子与硫氰根离子反应生成红色的硫氰化铁，取样，滴加硫氰化钾溶液，观察到溶液变红，证明有铁离子，故B正确；C.氯化银、碳酸钡、亚硫酸钡和硫酸钡均为白色沉淀，取样，滴加氯化钡溶液，观察到白色沉淀，不能证明有硫酸根离子，可能有银离
23、子或碳酸根离子或亚硫酸根离子，故C错误；D.取样，用铂丝进行焰色反应，透过蓝色钴玻璃观察到紫色火焰，证明有钾离子，故D错误；17下列各组物质中，物质之间通过一步反应就能实现如图所示转化的是（ ）abcAlAlCl3Al（OH）3NONO2HNO3SiSiO2H2SiO3H2SO4试题分析：A项：用Al（OH）3无法一步生成Al，故错。B项：可以。如2NO+O2=2NO2，3NO2+H2O=2HNO3+NO，Cu+4HNO3（浓）=Cu（NO3）2+2NO2+2H2O，3Cu+8HNO3（稀）=3Cu（NO3）2+2NO+4H2O，故正确。C项：SiO2无法一步生成H2SiO3，H2SiO3无法
24、一步生成Si，故错。D项：H2SO4无法一步生成FeS2，故错。考点：无机推断点评：本题考查的是无机推断的知识，要求学生对课本中的化学反应要熟悉掌握，识记化学方程式的书写。18用图所示实验装置探究铜丝与过量浓硫酸的反应。下列描述不合理的是（ ）A该反应中浓硫酸表现了强氧化性和酸性B中选用品红溶液验证SO2的生成C中选用NaOH溶液吸收多余的SO2D为确认CuSO4生成，向中加水，观察颜色A铜与浓硫酸反应中，硫元素部分化合价降低，部分化合价不变，浓硫酸既表现酸性又表现强氧化性，故A正确；BSO2具有漂白性，可用品红溶液验证SO2的生成，故B正确；CSO2有毒，对环境有污染，但能溶于NaOH溶液，
25、则中选用NaOH溶液吸收多余的SO2，防污染环境，故C正确；D中反应后为浓硫酸和硫酸铜的混合液，应将中混合物加入水中，观察溶液显蓝色，确认有CuSO4生成，故D错误；故答案为D。19下列有关S和的叙述正确的是（ ）A硫粉在过量的氧气中燃烧可以生成B空气吹出法提取海水中的溴常用作氧化剂C将通入溶液能生成白色沉淀D具有漂白性，所以能使品红溶液和高锰酸钾酸性溶液褪色A硫粉在过量的氧气中燃烧也只能生成，A不正确；B空气吹出法提取海水中的溴，常用作还原剂，将溴还原为易溶于水的氢溴酸而富集，B不正确；C二氧化硫的水溶液显酸性，硝酸根离子在酸性条件下有强氧化性，可以将二氧化硫氧化为硫酸，因此，将溶液能生成白
26、色沉淀硫酸钡，C正确；具有漂白性，所以能使品红溶液褪色，但是其能使高锰酸钾酸性溶液褪色不是因为其有漂白性，而是因为其有还原性，D不正确。综上所述，有关S和的叙述正确的是C。20下列说法中正确的是 （）A向久置的氯水中滴入紫色石蕊试液，溶液先变红后褪色B二氧化硅与氢氟酸和氢氧化钠均能反应，属于两性氧化物C硫粉在过量的纯氧中燃烧可生成SO3D合金的熔点一般比成分金属的低A. 久置的氯水中次氯酸发生分解反应生成HCl和O2，所以不具有漂白性，故滴入紫色石蕊试液，溶液只变红不褪色，故A错误；B. 二氧化硅既能与氢氟酸反应，又能与烧碱反应，但二氧化硅和HF反应生成四氟化硅而不是盐，所以它是酸性氧化物而不是两性氧化物，故B错误;C. 硫粉在过量的纯氧中燃烧也只能生
