1、T2sin45=mLACsin302=3.16rad/s。要使ACxx有拉力，必须2，故ACxx已无拉力，ACxx是xx状态，BCxx与杆的夹角45，对小球有：T2cos=m 2LBCsin 而LACsin30=LBCsin45LBC=m由、可解得；【总结】当物体做匀速圆周运动时，所受合外力一定指向圆心，在圆周的切线方向上和垂直圆周平面的方向上的合外力必然为零。（2）同轴装置与皮带传动装置在考查皮带转动现象的问题中，要注意以下两点：a、同一转动轴上的各点角速度相等；b、和同一皮带接触的各点线速度大小相等，这两点往往是我们解决皮带传动的基本方法。例2：如图3-2所示为一皮带传动装置，右轮的半径为
2、r，a是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心距离为r，c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上，若在传动过程中，皮带不打滑，则Aa点与b点线速度大小相等Ba点与c点角速度大小相等Ca点与d点向心加速度大小相等Da、b、c、d四点，加速度最小的是b点【审题】 分析本题的关键有两点：其一是同一轮轴上的各点角速度相同；其二是皮带不打滑时，与皮带接触的各点线速度大小相同。这两点抓住了，然后再根据描述圆周运动的各物理量之间的关系就不难得出正确的结论。【解析】由图3-2可知，a点和c点是与皮带接触的两个点，所以在传动过程中二者的线速度大小相等，即vavc，又v
3、R， 所以arc2r，即a2c而b、c、d三点在同一轮轴上，它们的角速度相等，则bcda，所以选项错又vbbr ar，所以选项A也错向心加速度：aaa2r；abb2r（）2ra2raa；acc22r（a）22r a2raa；add24r（a）24ra2raa所以选项C、D均正确。【总结】该题除了同轴角速度相等和同皮带线速度大小相等的关系外，在皮带传动装置中，从动轮的转动是静摩擦力作用的结果从动轮受到的摩擦力带动轮子转动，故轮子受到的摩擦力方向沿从动轮的切线与轮的转动方向相同；主动轮靠摩擦力带动皮带，故主动轮所受摩擦力方向沿轮的切线与轮的转动方向相反。是不是所有的题目都要是例1这种类型的呢？当然
4、不是，当轮与轮之间不是依靠皮带相连转动，而是依靠摩擦力的作用或者是齿轮的啮合，如图3-3所示，同样符合例1的条件。（3）xx的来源axx是根据力的效果命名的在分析做圆周运动的质点受力情况时，切记在物体的作用力（重力、弹力、摩擦力等）以外不要再添加一个xx。b对于匀速圆周运动的问题，一般可按如下步骤进行分析：确定做匀速圆周运动的物体作为研究对象。明确运动情况，包括搞清运动速率v，轨迹半径R及轨迹圆心O的位置等。只有明确了上述几点后，才能知道运动物体在运动过程中所需的xx大小（ mv2/R ）和xx方向（指向圆心）。分析受力情况，对物体实际受力情况做出正确的分析，画出受力图，确定指向圆心的合外力F
5、（即提供xx）。选用公式F=m=mR2=mR解得结果。c圆周运动中xx的特点：匀速圆周运动：由于匀速圆周运动仅是速度方向变化而速度大小不变，故只存在向心加速度，物体受到外力的合力就是xx。可见，合外力大小不变，方向始终与速度方向垂直且指向圆心，是物体做匀速圆周运动的条件。变速圆周运动：速度大小发生变化，向心加速度和xx都会相应变化。求物体在某一点受到的xx时，应使用该点的瞬时速度，在变速圆周运动中，合外力不仅大小随时间改变，其方向也不沿半径指向圆心。合外力沿半径方向的分力（或所有外力沿半径方向的分力的矢量和）提供xx，使物体产生向心加速度，改变速度的方向；合外力沿轨道切线方向的分力，使物体产生
6、切向加速度，改变速度的大小。当物体所受的合外力F小于所需要提供的xxmv2/R时，物体做离心运动。例3：如图3-4所示，半径为R的半球形碗内，有一个具有一定质量的物体A，A与碗壁间的动摩擦因数为，当碗绕竖直轴OO/匀速转动时，物体A刚好能紧贴在碗口附近随碗一起匀速转动而不发生相对滑动，求碗转动的角速度【审题】物体A随碗一起转动而不发生相对滑动，则物体做匀速圆周运动的角速度就等于碗转动的角速度。物体A做匀速圆周运动所需的xx方向指向球心O，故此xx不是由重力而是由碗壁对物体的弹力提供，此时物体所受的摩擦力与重力平衡。【解析】物体A做匀速圆周运动，xx：而摩擦力与重力平衡，则有：即：由以上两式可得
7、：即碗匀速转动的角速度为：【总结】分析受力时一定要明确xx的来源，即搞清楚什么力充当xx本题还考查了摩擦力的有关知识：水平方向的弹力为提供摩擦力的正压力，若在刚好紧贴碗口的基础上，角速度再大，此后摩擦力为静摩擦力，摩擦力大小不变，正压力变大。例4：如图3-5所示，在电机距轴O为r处固定一质量为m的铁块电机启动后，铁块以角速度绕轴O匀速转动则电机对地面的最大压力和最小压力之差为_。【审题】铁块在竖直面内做匀速圆周运动，其xx是重力mg与轮对它的力F的合力由圆周运动的规律可知：当m转到最低点时F最大，当m转到最高点时F最小。【解析】设铁块在最高点和最低点时，电机对其作用力分别为F1和F2，且都指向
8、轴心，根据xx第二定律有：在最高点：mgF1m2r在最低点：F2mgm2r电机对地面的最大压力和最小压力分别出现在铁块m位于最低点和最高点时，且压力差的大小为：FNF2F1由式可解得：FN2r【总结】（1）若m在最高点时突然与电机脱离，它将如何运动?（2）当角速度为何值时，铁块在最高点与电机恰无作用力?（3）本题也可认为是一电动打夯机的原理示意图。若电机的质量为M，则多大时，电机可以“跳”起来?此情况下，对地面的最大压力是多少?解：（1）做初速度沿圆周切线方向，只受重力的平抛运动。（2）电机对铁块无作用力时，重力提供铁块的xx，则mgm12r即 1（3）铁块在最高点时，铁块与电动机的相互做用力
9、大小为F1，则F1mgm22rF1Mg即当2时，电动机可以跳起来，当2时，铁块在最低点时电机对地面压力最大，则F2mgm22rFNF2Mg解得电机对地面的最大压力为FN2（Mm）g（4）圆周运动的周期性利用圆周运动的周期性把另一种运动（例如匀速直线运动、平抛运动）联系起来。圆周运动是一个独立的运动，而另一个运动通常也是独立的，分别明确两个运动过程，注意用时间相等来联系。在这类问题中，要注意寻找两种运动之间的联系，往往是通过时间相等来建立联系的。同时，要注意圆周运动具有周期性，因此往往有多个答案。例5：如图3-6所示，半径为R的圆盘绕垂直于盘面的中心轴匀速转动，其正上方h处沿OB方向水平抛出一个
10、小球，要使球与盘只碰一次，且落点为B，则小球的初速度v_，圆盘转动的角速度_。【审题】小球做的是平抛运动，在小球做平抛运动的这xx内，圆盘做了一定角度的圆周运动。【解析】小球做平抛运动，在竖直方向上：hgt2则运动时间t又因为水平位移为R所以球的速度vR在时间t内，盘转过的角度n2，又因为t则转盘角速度：2n（n1，2，3）【总结】上题中涉及圆周运动和平抛运动这两种不同的运动，这两种不同运动规律在解决同一问题时，常常用“时间”这一物理量把两种运动联系起来。例6：如图3-7所示，小球Q在竖直平面内做匀速圆周运动，当Q球转到图示位置时，有另一小球P在距圆周最高点为h处开始自由下落.要使两球在圆周最
11、高点相碰，则Q球的角速度应满足什么条件？【审题】下落的小球P做的是自由落体运动，小球Q做的是圆周运动，若要想碰，必须满足时间相等这个条件。【解析】设P球自由落体到圆周最高点的时间为t，由自由落体可得gt2=h求得t=Q球由图示位置转至最高点的时间也是t，但做匀速圆周运动，周期为T，有t=（4n+1）（n=0，1，2，3）两式联立再由T=得 （4n+1）=所以=（4n+1） （n=0，1，2，3）【总结】由于圆周运动每个周期会重复经过同一个位置，故具有重复性。在做这类题目时，应该考虑圆周运动的周期性。（5）竖直平面内圆周运动的临界问题圆周运动的临界问题：（1）如上图3-8所示，没有物体支撑的小球
12、，在绳和轨道的约束下，在竖直平面做圆周运动过最高点的情况：临界条件：绳子或轨道对小球没有力的做用：mgmv临界。能过最高点的条件：v，当v时，绳对球产生拉力，轨道对球产生压力。不能过最高点的条件：vv临界（实际上球还没到最高点时就脱离了轨道）（2）如图3-9球过最高点时，轻质杆对球产生的弹力情况：当v0时，FNmg（FN为支持力）。当0v时，FN随v增大而减小，且mgFN0，FN为支持力。当v时，FN0。当v时，FN为拉力，FN随v的增大而增大。如图所示3-10的小球在轨道的最高点时，如果v此时将脱离轨道做平抛运动，因为轨道对小球不能产生拉力。例7：半径为R的光滑半圆球固定在水平面上，如图3-
13、11所示。顶部有一小物体甲，今给它一个水平初速度，则物体甲将（ ）A沿球面下滑至M点B先沿球面下滑至某点N，然后便离开球面作斜下抛运动C按半径大于R的新的圆弧轨道作圆周运动D立即离开半圆球作平抛运动【审题】物体在初始位置受竖直向下的重力，因为v0=，所以，球面支持力为零，又因为物体在竖直方向向下运动，所以运动速率将逐渐增大，若假设物体能够沿球面或某一大于R的新的圆弧做圆周运动，则所需的xx应不断增大。而重力沿半径方向的分力逐渐减少，对以上两种情况又不能提供其他相应的指向圆心的力的作用，故不能提供不断增大的xx，所以不能维持圆周运动。【解析】物体应该立即离开半圆球做平抛运动，故选D。【总结】当物
14、体到达最高点，速度等于时，半圆对物体的支持力等于零，所以接下来物体的运动不会沿着半圆面，而是做平抛运动。（6）圆周运动的应用a.定量分析火车转弯的最佳情况。受力分析：如图所示3-12火车受到的支持力和重力的合力水平指向圆心，成为使火车拐弯的xx。动力学方程：根据xx第二定律得mgtanm其中r是转弯处轨道的半径，是使内外轨均不受侧向力的最佳速度。分析结论：解上述方程可知rgtan可见，最佳情况是由、r、共同决定的。当火车实际速度为v时，可有三种可能，当v时，内外轨均不受侧向挤压的力；当v时，外轨受到侧向挤压的力（这时xx增大，外轨提供一部分力）；当v时，内轨受到侧向挤压的力（这时xx减少，内轨
15、抵消一部分力）。还有一些实例和这一模型相同，如自行车转弯，高速公路上汽车转弯等等我们讨论的火车转弯问题，实质是物体在水平面的匀速圆周运动，从力的角度看其特点是：合外力的方向一定在水平方向上，由于重力方向在竖直方向，因此物体除了重力外，至少再受到一个力，才有可能使物体产生在水平面做匀速圆周运动的xx实际在修筑铁路时，要根据转弯处的半径r和规定的行驶速度v0，适当选择内外轨的高度差，使转弯时所需的xx完全由重力G和支持力FN的合力来提供，如上图3-12所示.必须注意，虽然内外轨有一定的高度差，但火车仍在水平面内做圆周运动，因此xx是沿水平方向的，而不是沿“斜面”向上，F=Gtg=mgtg，故mgt
16、g=m。b.汽车过xx汽车静止在桥顶与通过桥顶是否同种状态？不是的，汽车静止在桥顶、或通过桥顶，虽然都受到重力和支持力。但前者这两个力的合力为零，后者合力不为零。汽车过xx桥顶的xx如何产生？方向如何？汽车在桥顶受到重力和支持力，如图3-13所示，xx由二者的合力提供，方向竖直向下。运动有什么特点？动力学方程：由xx第二定律Gm解得Gm-汽车处于失重状态汽车具有竖直向下的加速度，mg，对桥的压力小于重力这也是为什么桥一般做成拱形的原因汽车在桥顶运动的最大速度为根据动力学方程可知，当汽车行驶速度越大，汽车和桥面的压力越小，当汽车的速度为时，压力为零，这是汽车保持在桥顶运动的最大速度，超过这个速度
17、，汽车将飞出桥顶，做平抛运动。另：c人骑自行车转弯由于速度较大，人、车要向圆心处倾斜，与竖直方向成角，如图3-14所示，人、车的重力mg与地面的作用力F的合力作为xx地面的作用力是地面对人、车的支持力FN与地面的摩擦力的合力，实际上仍是地面的摩擦力作为xx。由图知，F向=mgtan=m2圆锥摆摆线xx与摆球重力的合力提供摆球做匀速圆周运动的xx如图3-15所示，质量为m的小球用长为L的细线连接着，使小球在水平面内做匀速圆周运动细线与竖直方向夹角为，试分析其角速度的大小。对小球而言，只受两个力：重力mg和线的拉力T这两个力的合力mgtan提供xx，半径rLsin，所以由Fmr2得，mgtanmL
18、sin2整理得可见，角速度越大，角也越大。3杂技节目“水流星”表演时，用一根绳子两端各拴一个xx的杯子，演员抡起杯子在竖直面内做圆周运动，在最高点杯口朝下，但水不会流下，如图所示，这是为什么？分析：以杯中之水为研究对象进行受力分析，根据xx第二定律可知：F向m，此时重力G与FN的合力充当了xx即F向GFN故：GFNm由上式可知v减小，F减小，当FN0时，v有最小值为。讨论：当mgm，即v时，水恰能过最高点不洒出，这就是水能过最高点的临界条件；当mgm，即v时，水不能过最高点而不洒出；当mgm，即v时，水能过最高点不洒出，这时水的重力和杯对水的压力提供xx。例8：xx系着装有水的水桶，在竖直面内
19、做圆周运动，水的质量m，xx长L，求：最高点水不流出的最小速率。水在最高点速率v/s时，水对桶底的压力。【审题】当v0=时，水恰好不流出，要求水对桶底的压力和判断是否能通过最高点，也要和这个速度v比较，vv0时，有压力；v=v0时，恰好无压力；vv0时，不能到达最高点。【解析】水在最高点不流出的条件是重力不大于水做圆周运动所需要的xx即mg，则最小速度v0/s。当水在最高点的速率大于v0时，只靠重力提供xx已不足，此时水桶底对水有一向下的压力，设为F，由xx第二定律Fmgm得：F2.6 N。由xx第三定律知，水对水桶的作用力FF2.6 N，即方向竖直向上。【总结】当速度大于临界速率时，重力已不
20、足以提供xx，所缺部分由桶底提供，因此桶底对水产生向下的压力。汽车质量m为1.5，以不变的速率先后驶过凹形路面和凸形路面，路面圆弧半径均为，如图3-17所示如果路面承受的最大压力不得超过2105 N，汽车允许的最大速率是多少？汽车以此速率驶过路面的最小压力是多少？【审题】首先要确定汽车在何位置时对路面的压力最大，汽车经过凹形路面时，向心加速度方向向上，汽车处于超重状态；经过凸形路面时，向心加速度向下，汽车处于失重状态，所以汽车经过凹形路面最低点时，汽车对路面的压力最大。【解析】当汽车经过凹形路面最低点时，设路面支持力为FN1，受力情况如图3-18所示，由xx第二定律，有FN1mgm要求FN12
21、105 N解得允许的最大速率vm/s由上面分析知，汽车经过凸形路面顶点时对路面压力最小，设为FN2，如图3-19所示，由xx第二定律有mgFN2解得FN21105 N。【总结】汽车过xx时，一定要按照实际情况受力分析，沿加速度方向列式。（7）离心运动离心现象条件分析做圆周运动的物体，由于本身具有惯性，总是想沿着切线方向运动，只是由于xx作用，使它不能沿切线方向飞出，而被限制着沿圆周运动，如图3-20xxB所示。当产生xx的合外力消失，F0，物体便沿所在位置的切线方向飞出去，如图3-20xxA所示。当提供xx的合外力不完全消失，而只是小于应当具有的xx，即合外力不足以提供所需的xx的情况下，物体
22、沿切线与圆周之间的一条曲线运动，如图3-20所示。在实际中，有一些利用离心运动的机械，这些机械叫做离心机械。离心机械的种类很多，应用也很广。例如，离心干燥（脱水）器，离心分离器，离心水泵。例9：一把雨伞边缘的半径为r，且高出水平地面h当雨伞以角速度旋转时，雨滴自边缘甩出落在地面上成一个大圆周这个大圆的半径为_。【审题】想象着实际情况，当以一定速度旋转雨伞时，雨滴甩出做离心运动，落在地上，形成一个大圆。【解析】雨滴离开雨伞的速度为v0r雨滴做平抛运动的时间为t雨滴的水平位移为sv0tr雨滴落在地上形成的大圆的半径为R【总结】通过题目的分析，雨滴从伞边缘沿切线方向，以一定的初速度飞出，竖直方向上是
23、自由落体运动，雨滴做的是平抛运动，把示意图画出来，通过示意图就可以求出大圆半径。（8）难点突破圆周运动的功和能应用圆周运动的规律解决实际生活中的问题，由于较多知识交织在一起，所以分析问题时利用能量守恒定律和机械能守恒定律的特点作为解题的切入点，可能大大降低难度。使一小球沿半径为R的圆形轨道从最低点上升，那么需给它最小速度为多大时，才能使它达到轨道的最高点？【审题】小球到达最高点A时的速度vA不能为零，否则小球早在到达A点之前就离开了圆形轨道。要使小球到达A点（自然不脱离圆形轨道），则小球在A点的速度必须满足Mg+NA=m，式中，NA为圆形轨道对小球的弹力。上式表示小球在A点作圆周运动所需要的x
24、x由轨道对它的弹力和它本身的重力共同提供。当NA=0时，vA最小，vA=。这就是说，要使小球到达A点，则应该使小球在A点具有的速度vA。【解析】以小球为研究对象。小球在轨道最高点时，受重力和轨道给的弹力。小球在圆形轨道最高点A时满足方程根据机械能守恒，小球在圆形轨道最低点B时的速度满足方程（2）解（1），（2）方程组得当NA=0时，VB=为最小，VB=所以在B点应使小球至少具有VB=的速度，才能使它到达圆形轨道的最高点A。【总结】在杆和管子的约束下做圆周运动时，可以有拉力和支持力，所以在最高点的速度可以等于零；在圆轨道和绳子的约束下做圆周运动时，只能有拉力，所以在最高点的速度必须大于。（9）实
25、验中常见的圆周运动综合题往往以圆周运动和其他物理知识为背景，这类题代表了理科综合命题方向，要在平日的做题中理解题目的原理，灵活的把握题目。例10： 图3-22甲所示为测量电动机转动角速度的实验装置，半径不大的圆形卡纸固定在电动机转轴上，在电动机的带动下匀速转动在圆形卡纸的旁边垂直安装一个改装了的电火花计时器。请将下列实验步骤按先后排序：A使电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触B接通电火花计时器的电源，使它工作起来C启动电动机，使圆形卡纸转动起来D关闭电动机，拆除电火花计时器；研究卡纸上留下的一段痕迹（如图3-22乙所示），写出角速度的表达式，代入数据，得出的测量值要得到的测量值，还缺少一种必要的
26、测量工具，它是A秒表B毫米刻度尺C圆规D量角器写出角速度的表达式，并指出表达式中各个物理量的意义：为了避免在卡纸连续转动的过程中出现打点重叠，在电火花计时器与盘面保持良好接触的同时，可以缓慢地将电火花计时器沿圆形卡纸半径方向向卡纸中心移动则卡纸上打下的点的分布曲线不是一个圆，而是类似一种螺旋线，如图3-22丙所示这对测量结果有影响吗？【审题】因为这个题目用的是打点计时器，所以两点之间的时间是0.02s，通过量角器量出圆心到两点之间的角度，利用=/t。【解析】具体的实验步骤应该是A、C、B、D，量出角度应该用量角器D，为个点对应的圆心角，为时间间隔；应该注意的一个问题是不能转动一圈以上，因为点迹重合，当半径减小时，因为单位时间内转过的角度不变，所以没有影响。【总结】本题考查的是圆周运动中角速度的定义，=/t，实验中是用量角器测量出来的，时间t的测量用的是打点计时器，应该充分发挥想象，不是打点计时器只能测量直线运动。
