1、届广东省梅州市蕉岭中学高三摸底理综生物试题解析版蕉岭中学2020届高三摸底质检试题理科综合-生物部分1.有关细胞结构与功能的叙述，正确的是A. 液泡是唯一含有色素的细胞器B. 内质网是蛋白质分类和包装的“车间”C. 细胞核是细胞遗传和代谢的控制中心D. 所有细胞的细胞壁成分均为纤维素和果胶【答案】C【解析】【分析】各种细胞器的结构、功能细胞器分布形态结构功能线粒体动植物细胞双层膜结构有氧呼吸的主要场所细胞的“动力车间”叶绿体植物叶肉细胞双层膜结构植物细胞进行光合作用的场所；植物细胞的“养料制造车间”和“能量转换站”内质网动植物细胞单层膜形成的网状结构细胞内蛋白质的合成和加工，以及脂质合成的“车
2、间”高尔基体动植物细胞单层膜构成的囊状结构对来自内质网的蛋白质进行加工、分类和包装的“车间”及“发送站”（动物细胞高尔基体与分泌有关；植物则参与细胞壁形成）核糖体动植物细胞无膜结构，有的附着在内质网上，有的游离在细胞质中合成蛋白质的场所“生产蛋白质的机器”溶酶体动植物细胞单层膜形成的泡状结构“消化车间”，内含多种水解酶，能分解衰老、损伤的细胞器，吞噬并且杀死侵入细胞的病毒和细菌液泡成熟植物细胞单层膜形成的泡状结构；内含细胞液（有机酸、糖类、无机盐、色素和蛋白质等）调节植物细胞内的环境，充盈的液泡使植物细胞保持坚挺中心体动物或某些低等植物细胞无膜结构；由两个互相垂直的中心粒及其周围物质组成与细胞
3、的有丝分裂有关【详解】A、含有色素细胞器有液泡和叶绿体，A错误；B、高尔基体是蛋白质分类和包装的“车间”，B错误；C、细胞的代谢中心在细胞质基质，C正确；D、原核细胞的细胞壁的主要成分是肽聚糖，真菌细胞的细胞壁的主要成分是几丁质，D错误。故选C。【点睛】本题考查细胞结构和功能，重点考查细胞器的相关知识，要求考生识记细胞中各种细胞器的结构、分布和功能，能结合所学的知识准确判断各选项。2.生物实验过程中经常会用到染色剂，下列有关说法正确的是A. 脂肪可以被苏丹染液染成红色B. RNA与甲基绿的亲和力大，易被甲基绿染液染成绿色C. 健那绿染液是活体染色剂，可以使活细胞中的线粒体呈现蓝绿色D. 醋酸洋
4、红染液是酸性染色剂，可以将细胞内的染色体染成深色【答案】C【解析】分析】1、健那绿是将活细胞中线粒体染色的活性染料；2、染色体能被碱性染料染成深色；3、脂肪可用苏丹染液（或苏丹染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。【详解】用苏丹染液可以将脂肪细胞中贮存的脂肪染成橘黄色，A错误；吡罗红使RNA呈现红色，甲基绿使DNA呈现绿色，B错误；健那绿染液是活性染料，可以使活细胞中的线粒体呈现蓝绿色，而细胞质接近无色，C正确；醋酸洋红染液是碱性染色剂，可以将细胞内的染色体染成深色，D错误。故选C。3.某多肽分子式是C21Hx0yN4S2（无二硫键）已知该多肽是由下列氨基酸中的某几种作原料合成的:亮氨酸（C6H13
5、N02）、天门冬氨酸（C4H7N04）、苯丙氨酸（C9H11N02）、丙氨酸（C3H7N02）、半胱氨酸（C3H7N02S）。以下对该多肽的描述不正确的是A. 有3个肽键B. 水解后得到4种氨基酸C. 含有氧原子和氢原子的数目分别为5和32D. 只有1个羧基【答案】B【解析】【分析】分析题干信息可知，该多肽链中含有4个N原子，组成多肽链的几种氨基酸都只含有一个N原子，因此该肽链是由4个氨基酸脱水缩合形成的，又知多肽链中含有2个S，题中几种氨基酸只有半胱氨酸（C3H7NO2S）含有1个S，因此该多肽链中含有2个半胱氨酸（C3H7NO2S）。【详解】A、该多肽链是由4个氨基酸脱水缩合形成的，因此含
6、有3个肽键，A正确；B、该多肽链含有4个氨基酸，其中有2个是半胱氨酸（C3H7NO2S），因此最多含有3种氨基酸，B错误；C、由多肽分子式中N4，且列举的氨基酸中都只含1个N原子，所以该多肽由4个氨基酸合成；由S2可推知该多肽中应包括2个半胱氨酸（C3H7O2NS），由C21可知另外两个氨基酸是苯丙氨酸（C9H11O2N）和亮氨酸（C6H13O2N）四个氨基酸脱去3分子水，因此含有的O是24-3=5，H是72+11+13-32=32，C正确；D、该肽链是由2个半胱氨酸（C3H7O2NS）、苯丙氨酸（C9H11O2N）和亮氨酸（C6H13O2N）形成的一条肽链，因此只有1个羧基，D正确。【点睛】
7、本题综合考查多肽结构组成蛋白质的氨基酸的相关知识，意在考查学生理解所学知识的要点和综合运用所学知识分析问题的能力。4.下列叙述正确的是A. 线粒体膜上存在转运葡萄糖的载体B. 细胞分裂间期，染色体复制需DNA聚合酶和RNA聚合酶C. 细菌和青蛙等生物在无丝分裂过程中需进行DNA复制D. 核孔保证了控制物质合成的基因能够从细胞核到达细胞质【答案】B【解析】【分析】1、线粒体是细胞进行有氧呼吸的主要场所。2、有丝分裂不同时期的特点：（1）间期：进行DNA的复制和有关蛋白质的合成；（2）前期：核膜、核仁逐渐解体消失，出现纺锤体和染色体；（3）中期：染色体形态固定、数目清晰；（4）后期：着丝点分裂，姐
8、妹染色单体分开成为染色体，并均匀地移向两极；（5）末期：核膜、核仁重建、纺锤体和染色体消失。3、核孔实现核质之间频繁的物质交换和信息交流，是蛋白质和RNA通过的地方；核孔的数目与细胞代谢有关，核孔越多的细胞，代谢越旺盛。【详解】有氧呼吸的过程中，葡萄糖在细胞质基质中分解成丙酮酸后才能进入线粒体中，故线粒体膜上不存在转运葡萄糖的载体蛋白，A错误；细胞分裂间期，染色体由DNA和蛋白质组成，故DNA复制需要DNA聚合酶，蛋白质的合成需要RNA聚合酶，B正确；青蛙的红细胞在无丝分裂过程中需进行DNA复制，细菌分裂是二分裂，C错误；核孔保证了控制物质合成的mRNA能够从细胞核到达细胞质，与核糖体结合，基
9、因不通过核孔到达细胞质，D错误；故选B。5.家猫体色由X染色体上的一对等位基因B、b控制，只含基因B的个体为黑猫，只含基因b的个体为黄猫，其他个体为玳瑁猫（黑和黄的混合色）。下列说法正确的是A. 黑色雄猫与黑色雌猫交配子代可能发生性状分离B. 玳瑁猫与黄猫杂交后代中玳瑁猫占50%C. 家猫体色遗传表现典型的隔代遗传现象D. 用黑猫和黄猫杂交，获得玳瑁猫的比例最大【答案】D【解析】【分析】已知家猫体色由X染色体上一对等位基因B、b控制，只含基因B的个体为黑猫，只含基因b的个体为黄猫，其他个体为玳瑁猫，则黑猫的基因型是XBXB、XBY，黄猫的基因型是XbXb、XbY，玳瑁猫的基因型是XBXb。【详
10、解】A、黑猫的基因型是XBXB、XBY，黑色雄猫与黑色雌猫交配子代不会发生性状分离，A错误；B、玳瑁猫的基因型是XBXb，只能与黄色雄猫XbY杂交，后代中玳瑁猫占25%，B错误；C、家猫体色遗传不能表现隔代遗传现象，C错误；D、用黑色雌猫（XBXB）和黄色雄猫（XbY）杂交或者黄色雌猫（XbXb）和黑色雄猫杂交（XBY）都可得到1/2的玳瑁猫，比例是最大的，D正确。故选D。【点睛】本题考伴性遗传的相关知识，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系、分析题意以及解决问题的能力。6.我国自主研制的艾滋病疫苗已顺利完成临床试验，49位受试者均未出现明显不良反应，接种疫苗受试者体内产生了针
11、对HIV的特异性细胞免疫反应。下列与此相关的叙述正确的是（ ）A. 免疫缺陷病就是艾滋病B. HIV最初侵入人体时，大多数被免疫系统摧毁C. 接种艾滋病疫苗后，人体通过记忆细胞可直接消灭入侵的HIVD. 艾滋病病毒在人体细胞中的遗传信息传递过程可表示为：RNARNA蛋白质【答案】B【解析】【分析】免疫缺陷病是指机体免疫功能不足或缺乏而引起的疾病，可分为先天性免疫缺陷病和获得性免疫缺陷病。先天性免疫缺陷病是由遗传因素或先天性免疫系统发育不全而引起的；获得性免疫缺陷病可由感染、恶性肿瘤、营养不良等引发。【详解】免疫缺陷病是指机体免疫功能不足或缺乏而引起的疾病，可分为先天性免疫缺陷和获得性免疫缺陷，
12、其中艾滋病为获得性免疫缺陷病，A错误；HIV主要侵染人体T细胞，导致特异性免疫受到影响，B正确；接种艾滋病疫苗后，人体通过记忆细胞快速增殖分化为浆细胞而产生大量的抗体消灭入侵的HIV，C错误；艾滋病病毒在人体细胞中的遗传信息传递过程可表示为，D错误。故选B。【点睛】注意：艾滋病病毒是RNA病毒，RNA在逆转录酶的作用下形成DNA，其DNA整合到患者细胞的基因组中。7.正常土壤的土壤液盐分含量约为2 gkg-1，盐碱化越高的土壤，土壤液盐分含量越高。土地盐碱化已成为全球性问题，选育耐盐作物对人类的生存和发展有重要意义。某研究小组将A、B两个品种的小麦植株各均分为3组，实验处理及结果如下表（光照等
13、其他培养条件相同且适宜）。组别一二三四五六小麦品种AAABBB土壤液盐分含量/（gkg-1）258258CO2吸收速率/（umolm-2s-1）24.423.317.326.123.016.6(l)随着土壤液盐分含量的升高，两品种小麦吸收CO2的速率均逐渐降低，主要是由于 _。(2)实验环境下，_（填“A”或“B”）品种小麦更耐盐，原因是_(3)依据本实验，_（填“能”或“不能”）判断在盐分含量为8 gkg-1的土壤中，每天光照10小时，A品种小麦的粮食产量更高，理由_。【答案】 (1). 土壤液盐分含量升高，根系吸水减少，导致叶片的部分气孔关闭，所以CO2吸收速率降低 (2). A (3).
14、 随着土壤盐分的增加，A品种净光合速率（CO2吸收速率）降低的幅度较小 (4). 不能 (5). A品种小麦实验条件下CO2吸收速率较高，但两个品种小麦的呼吸速率未知，无法判断【解析】【分析】由题意可知，自变量是土壤液盐分含量和小麦品种，因变量是二氧化碳吸收速率即净光合速率。随着土壤盐分含量的升高，两个小麦品种二氧化碳吸收速率均出现下降，B品种下降幅度更大。【详解】(l)两个品种小麦随着土壤液盐分含量的升高，根系吸水减少，导致叶片的部分气孔关闭，所以CO2吸收速率降低。(2)实验环境下，随着土壤液盐分含量升高，B品种二氧化碳吸收速率下降幅度更大，故A品种小麦更耐盐。(3)本实验中，在盐分含量为
15、8 gkg-1的土壤中，A品种小麦的净光合速率为17.3 umolm-2s-1，B品种小麦的净光合速率为16.6 umolm-2s-1，由于呼吸速率未知，不能确定每天光照10小时，哪个品种的粮食产量更高。【点睛】每天光照10小时，光合产量=10净光合速率-14呼吸速率。呼吸速率未知，无法计算光合产量。8.下图表示某体外培养的癌细胞的细胞周期及各阶段(用字母表示)的时间，请回答下列相关问题：(1)据图可知，脱氧核苷酸在_(用图中字母表示)期被消耗，请据此提出一种研制抗癌药物的思路_。(2)研究表明，动粒是覆在着丝粒外面的蛋白复合体，主要负责细胞分裂时期牵引子染色体分离，若动粒结构被破坏，会导致_
16、变异的发生。(3)研究发现，癌细胞大量消耗葡萄糖却不能高效产能，其原因是癌细胞选择性地抑制线粒体膜上丙酮酸载体(MPC)或使其部分缺失，据此推断癌细胞所需能量主要来自细胞呼吸第_阶段；正常细胞因分裂过程中造成DNA损伤，导致细胞停止分裂，走向分化、衰老、凋亡。与正常细胞相比，癌细胞能无限增殖的原因是_。【答案】 (1). S (2). 抑制DNA合成 (3). 染色体数目 (4). 一 (5). 癌细胞(的端粒酶具有活性)能将损伤的DNA修复【解析】【分析】据图分析可知，一个细胞周期经历的时期的顺序为G0G1SG2M，一个细胞周期时间约为3.4+7.9+2.8+1.2=15.3h。【详解】（1
17、）脱氧核苷酸可用于合成DNA，据图可知，脱氧核苷酸在S期被消耗，据此，可通过设计药物抑制DNA合成来抑制癌细胞的增殖。（2）研究表明，动粒是覆在着丝粒外面的蛋白复合体，主要负责细胞分裂时期牵引子染色体分离，若动粒结构被破坏，会导致染色体分裂异常，引起染色体数目变异。（3）研究发现，癌细胞大量消耗葡萄糖却不能高效产能，其原因是癌细胞选择性地抑制线粒体膜上丙酮酸载体(MPC)或使其部分缺失，而丙酮酸参与有氧呼吸的第二阶段，故据此推断癌细胞所需能量主要来自细胞呼吸第一阶段；正常细胞中存在端粒酶，会因分裂过程中造成DNA损伤，导致细胞停止分裂，走向分化、衰老、凋亡，与正常细胞相比，癌细胞能无限增殖的原
18、因是癌细胞能将损伤的DNA修复。【点睛】本题考查细胞有丝分裂、有氧呼吸过程、癌变等知识点，意在考查学生运用所学知识解决问题的能力，意在考查学生对基础知识的掌握。9.图1为某生态系统的碳循环部分示意图，图2是该生态系统中几种生物之间的食物关系示意图，据图回答下列问题：（1）若图1中乙表示化石燃料，图中还缺少一个重要的过程，请用文字和箭头形式书写出来 _。 因二氧化碳等温室气体的大量排放，形成温室效应，导致气温升高，为缓解温室效应可采取的措施有 _答出两条即可）。（2）假设图2中A种群同化的能量是5.8109 kJ，其中有1.3109 kJ的能量传递给E种群，若能量的传递效率为10%20%，则C种
19、群同化的能量至多是 _kJ。（3）在对该生恣系统某一植物种群进行的调查中，发现基因型为DD和dd的植株所占比例分别为 30%和50%，第二年对同一种群进行的调查中，发现基因型为DD和dd的植株所占比例分别为18%和38%，则在这一年中，该植物种群_填“发生”或“未发生”）进化，理由_【答案】 (1). 甲戊 (2). 减少化石燃料燃烧；提高能效；开发新能源；保护植被；植树造林 (3). 1.8108 (4). 未发生 (5). 种群的基因频率未发生改变【解析】【分析】图1分析：甲为大气中CO2库，戊为生产者，丁为消费者，丙为分解者。图2分析：A为第一营养级，B、D、E同为第二营养级，C为第三营
20、养级。显性基因的基因频率=显性纯合子的基因在频率+杂合子基因型频率的一半；隐性基因频率=隐性纯合子的基因在频率+杂合子基因型频率的一半。现代生物进化理论认为：生物进化的基本单位是种群，进化的原材料由突变和基因重组提供，生物进化方向决定于自然选择，进化的实质是基因频率的定向改变。【详解】（1）由题图1分析可知，甲为大气中CO2库，戊为生产者，丁为消费者，丙为分解者，丁甲和戊甲表示动植物的呼吸作用，丙甲表示分解者的分解作用，乙甲表示化石燃料的燃烧，图中还缺少大气中的CO2进入生物群落的过程，即甲戊的光合作用过程。大气中CO2的主要来源是化石燃料的燃烧，温室效应是由CO2的大量排放导致的，为缓解温室
21、效应，可以从减少大气中CO2来源和促进CO2的吸收两个方面考虑，即减少化石燃料燃烧、提高能效、开发新能源、保护植被、植树造林等。（2）由图2可知，A为第一营养级，B、D、E同为第二营养级，C为第三营养级，求C种群同化的能量最多时，能量传递效率按20%计算，已知A有1.3109 kJ的能量传递给E种群，则应传递给B和D的总能量为5.8109 kJ1.3109 kJ=4.5109 kJ，因此B和D共同同化的能量最多为4.510920% =9108 kJ，C种群同化的能量最多为B和D同化量的20% ，即910820% =1.8108 kJ。（3）第1年时种群的基因型频率为DD= 30% ，dd =5
22、0% ，Dd=130%50% =20% ，则D的基因频率为30% +1/220% =40% ，d的基因频率为140% =60% ；第2年该种群中的基因型频率分别为DD=18%，dd=38%，Dd=1 -18% - 38% =44%，因此D的基因频率为18% +1/244%=40%，d的基因频率为1-40%|=60%，在这一年中种群基因频率未发生改变，因此该植物种群没有发生进化。【点睛】本题结合图，考查生态系统的组成、能量流动、种群基因频率的相关计算及生物进化的相关知识，意在考查考生分析图示提取有效信息的能力；识记能力和能理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力；能用文字及数学方式等多种表达形
23、式准确地描述生物学方面的内容的能力和计算能力。10.鸟的性别决定方式是ZW型，某种鸟的羽色有红色、粉色和白色，由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b控制，其中A、a基因位于Z染色体上，B基因决定红色素的合成，且B基因对b基因为完全显性，a基因纯合会淡化色素。请回答下列问题： （1）该种鸟表现为白羽时基因型有_种。 （2）若让纯合红羽雌鸟与纯合白羽雄鸟作本进行杂交，所得F1中有红羽鸟和粉羽鸟出现，让F1相互交配，所得F2中粉羽鸟占_。 （3）若让两只红羽鸟相互交配，所得F1中只有红羽鸟和粉羽鸟，则雌性亲本的基因型可能是_。请设计一代杂交实验进一步探究该雌性亲本的基因型。 实验思路： _。 现象及
24、结论：_。【答案】 (1). 5 (2). 3/8 (3). BBZAW或BbZAW (4). 让该雌性亲本与多只白羽雄鸟杂交 (5). 若子代中不出现白羽鸟，则该雌性亲本的基因型为BBZAW；若子代中出现白羽鸟，则该雌性亲本的基因型为BbZAW【解析】【分析】据题文描述可知：该题考查学生对基因的自由组合定律、伴性遗传等相关知识的识记和理解能力，以及获取信息、分析问题的能力。【详解】(1)依题意可知：当该种鸟不含B基因时即表现为白羽，因此该种鸟表现为白羽时的基因型有5种，分别为bbZAZA、bbZAZa、bbZaZa、bbZAW、bbZaW。(2) 粉羽鸟为B_ZaZa、B_ZaW。纯合红羽雌
25、鸟的基因型为BBZAW，纯合白羽雄鸟的基因型为bbZAZA或bbZaZa，二者杂交，F1中出现了粉羽鸟，说明亲本白羽雄鸟的基因型为bbZaZa，F1的基因型为BbZAZa、BbZaW。让F1相互交配，所得F2中粉羽鸟占3/4B_1/2（1/4ZaZa1/4ZaW）3/8。(3) 红羽雌鸟（B_ZAW）与红羽雄鸟（B_ZAZ_）交配，所得F1中只有红羽鸟和粉羽鸟，说明双亲中，有一个亲本必含BB，另一亲本含有BB或Bb，而且雄性亲本必然含有Za，进而推知：雌性亲本的基因型可能是BBZAW或BbZAW。白羽鸟为bb_ _。欲探究雌性亲本的基因型是BBZAW还是BbZAW，可让该雌性亲本与多只白羽雄鸟
26、杂交，观察子代该种鸟的羽色。如果雌性亲本的基因型是BBZAW，则子代均为Bb，不会出现白羽鸟；如果雌性亲本的基因型是BbZAW，则子代约有1/2的个体为Bb，约有1/2的个体为bb，因此会出现白羽鸟。【点睛】解答此题的关键是从题意中提取关键信息，即B_ZAZ_或B_ZAW表现为红羽鸟，B_ZaZa或B_ZaW表现为粉羽鸟，aa_ _表现为白羽鸟。据此明辨该种鸟的各种羽色的基因型，并以题意中呈现的亲代与F1的表现型为切入点，明辨双亲含有的基因组成，进而推知双亲可能的基因型。在此基础上，围绕“基因的自由组合定律、伴性遗传”的知识对各问题情境进行解答。11.培养基是供微生物生长繁殖营养基质，掌握培养
27、基制备技术和原理是微生物实验室培养的基础。请回答下列问题：（1）不同的微生物往往采用不同的培养基配方是因为_。培养大肠杆菌的牛肉膏蛋白胨培养基，与筛选土壤中尿素分解菌的培养基，在配方上的显著差别是_。（2）培养基按其物理状态可分为液体培养基和固体培养基。在“分解纤维素的微生物的分离”实验中，为了_，采用液体状态的选择培养基。为了分离和纯化纤维素分解菌而选用固体培养基，并在其中添加_以鉴别筛选目的菌。（3）固体培养基的灭菌常使用_法。平板冷凝后倒置的原因是_。（4）多糖类化合物在生物技术实践中有诸多应用，如琼脂常用作制备固体培养基，根据所学知识再举出一例_。【答案】 (1). 不同微生物对营养物
28、质需求不同 (2). 前者以牛肉膏和蛋白胨为氮源，后者以尿素为唯一氮源 (3). 增加纤维素分解菌浓度 (4). 刚果红 (5). 高压蒸汽灭菌（法） (6). 避免培养基中的水分过快挥发，也防止皿盖的水珠落入培养基造成污染 (7). 琼脂糖用于琼脂糖凝胶电泳、海藻酸钠用于包埋法固定化细胞、葡聚糖或琼脂糖用于凝胶色谱法、纤维素用于配制选择培养基筛选纤维素分解菌等【解析】【分析】选择培养基和鉴别培养基的区别如下表：种类制备方法特征用途选择培养基培养基中加入某种化学成分根据某种微生物的特殊营养要求或其对某化学、物理因素的抗性而设计的培养基使混合菌样中的劣势菌变成优势菌，从而提高该菌的筛选率加入青霉
29、素分离得到酵母菌和霉菌鉴别培养基加入某种试剂或化学药品依据微生物产生的某种代谢产物与培养基中特定试剂或化学药品反应，产生明显的特征变化而设计鉴别和区分菌落相似的微生物伊红和美蓝培养基可以鉴别大肠杆菌【详解】（1）不同的微生物往往采用不同的培养基配方是因为不同微生物对营养物质需求不同。一般培养基都含有水、无机盐、碳源和氮源。筛选土壤中尿素分解菌时，应该用以尿素为唯一氮源的选择培养基，培养大肠杆菌中牛肉膏和蛋白胨提供氮源。（2）在“分解纤维素的微生物的分离”实验中，为了增加纤维素分解菌浓度，采用液体状态的选择培养基。为了分离和纯化纤维素分解菌而选用固体状态的培养基，并在其中添加刚果红以鉴别筛选目的菌。若需要临时保藏菌种，则使用固体斜面培养基，并置于4进行保藏。（3）固体培养基常采用的灭菌方法是高压蒸汽灭菌法，为了防止冷凝水流入培养基对培养基造成污染，同时也为了避免水分过快的蒸发，所以将培养基倒置。（4）琼脂糖，海藻酸钠，葡聚糖纤维素，都是多糖，琼脂糖用于琼脂糖凝胶电泳、海藻酸钠用于包埋法固定化细胞、葡聚糖或琼脂糖用于凝胶色谱法、纤维素用于配制选择培养基筛选纤维素分解菌。【点睛】本题考查微生物的分离和培养，要求考生识记培养基的营养构成、种类及功能；识记分解纤维素的微生物的分离的实验原理，掌握菌种的保藏方法，能结合所学的知识准确答题。
