1、四川省宜宾市中考物理试题四川省宜宾市2019年中考物理试卷一、选择题（共8小题，每小题3分，满分24分，其中16题每小题给出的四个选项中只有一个是正确的；78题有一个或一个以上的选项是正确的，全选对得3分，选对但不全的得2分，有错或不选的得0分）1（3分）（2019宜宾）在下面四位科学家中，发现电磁感应现象的是（ ）A奥斯特B安培C法拉第D焦耳 考点：物理常识专题：其他综合题分析：此题考查物理学家及其贡献，根据奥斯特、安培、法拉第和焦耳对于我们物理学的贡献来作答解答：解：A、奥斯特首先发现了通电直导线周围存在磁场，不符合题意；B、安培总结出了电流周围的磁场方向和电流方向的关系定则安培定则，不符
2、合题意；C、法拉第发现了电磁感应现象，导致了发电机的发明，人类进入电气时代，符合题意；D、焦耳的主要贡献是总结出了焦耳定律，不符合题意故选C点评：多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意 2（3分）（2019宜宾）如图为一枚古钱币，人们常用手指弹银元边缘并移动到耳边听其声音来鉴别银元的真假，这主要是根据声音的（ ） A声速B响度C音色D回音 考点：音色专题：声现象分析：音色反映了声音的品质与特色，是辨别声音的依据解答：解：人们常用手指弹银元边缘并移动到耳边听其声音，是因为银元的真假发出的声音的音色不同故选C点评：本题主要考查学生对音色的了解和掌握，
3、是一道基础题 3（3分）（2019宜宾）下面的图中，正确表示水沸腾时杯底气泡向上升的图示是（ ）ABCD 考点：沸腾及沸腾条件专题：汽化和液化、升华和凝华分析：水受热沸腾前，水的下方温度较高，上层的水温度较低，气泡上升时，遇到上层温度低的水，液化且气泡变小；沸腾时整个容器中的水温度都相同，气泡上升的过程中，气泡在水中的深度越来越浅，所受的压强越来越小，气泡越来越大解答：解：水沸腾前，由于上层水温较低，气泡在上升过程中液化而变小；水沸腾时，整个容器中的水温相同，气泡上升，水压变小，气泡变大故选A点评：水沸腾前气泡在上升过程中液化而变小；水沸腾时，气泡上升，水压变小，气泡变大在平时要注意观察、思考
4、，发现身边的物理现象，总结包含的物理道理 4（3分）（2019宜宾）从火炉中拿出被烧红的铁块，降温后会变大的物理量是（ ）A内能B质量C体积D密度 考点：密度与温度专题：密度及其应用分析：对铁块在温度降低之后的各个物理量进行分析，从而找出正确的答案解答：解：A、内能和温度有关，温度降低时，内能会减小此选项错误；B、质量是物体的一种属性，和温度无关此选项错误；C、体积和温度有关，根据“热胀冷缩”，可以知道温度降低的时候，体积是减小的此选项错误；D、根据“热胀冷缩”，可以知道温度降低的时候，体积是减小的，而物体的质量不变，所以物体的密度是增大的此选项正确故选D点评：在平时的学习中要深刻的理解所学过
5、的每个物理量的大小和哪些因素有关，特别是对于一些易产生混淆的地方要多加注意和区分 5（3分）（2019宜宾）如图所示，以下杠杆中属于费力杠杆的是（ ）A活塞式抽水机抽水B拦道木升起C手推车D羊角锤拨钉子 考点：杠杆的分类专题：简单机械分析：结合图片和生活经验，判断以上几种简单机械在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它们属于哪种类型的杠杆解答：解：A、结合图片和生活经验可知，活塞式抽水机在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；B、拦道木升起时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B正确；C、手推车在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；D、结合图片和实际生活经验可知，在使
6、用羊角锤时，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，不符合题意；故选B点评：此题考查的是杠杆的分类问题，解决此类题目的关键是明确三种杠杆的分类方法和三种杠杆的特点，并结合生活实际来解答 6（3分）（2019宜宾）把微小放大以利于观察，这是物理学中一种重要的方法如图是一种显示微小形变的装置A为激光笔，B、C是平面镜，P为台面，未放重物时，激光束反射在屏上的光斑为点D，当把重物N放在台面P上时，台面将发生微小形变，以下说法正确的是 （ ） A平面镜B上的入射角变小，光斑向D点的左侧移动B平面镜B上的入射角变小，光斑向D点的右侧移动C平面镜B上的入射角变大，光斑向D点的右侧移动D平面镜B上的入射角变大，
7、光斑向D点的左侧移动 考点：光的反射专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：力可以改变物体的形状；用力压桌面，桌面发生形变，平面镜N或M的高度就会发生变化，从而使刻度尺上的光斑移动，然后根据光的反射定律可知光斑向D点的那一侧移动解答：解：B镜子上放重物M后，镜子受到弹力作用而向下凹，平面镜B上的入射角变大，根据镜面反射的特点知反射的光线偏向右方，即光斑向D点的右侧移动故选C点评：这是物理学中演示微小形变的实验方法，要理解两次平面镜的反射光路 7（3分）（2019宜宾）如图所示，是一科技创新小组同学们设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，通过电压表是显示的数
8、据来反应水位升降情况水位最低时，滑杆P随位于R的a端处L是一个指示灯，电路各部分接触良好，不计导线电阻下列判断正确的是（ ） A当水位不变时，则电压表示数不变，指示灯不亮B当水位下降时，则电压表示数变小，指示灯变亮C当电压表示变大，指示灯变暗，则表明水位上升D若将电压表改装成水位计，则电压表零刻度线即为水位计零刻度线 考点：电路的动态分析专题：错解分析题；电路变化分析综合题分析：图示电路中，指示灯与变阻器串联，电压表串联变阻器两端的电压，变阻器的金属滑杆P上下移动时，电路中电阻改变，根据欧姆定律可知电流变化根据欧姆定律和串联电路分压特点，分析电压表示数的变化解答：解：A、由图可知：指示灯与变阻
9、器串联连接在电源上，处于通路状态，指示灯发光；当水位不变时，变阻器连入电路的阻值不变，则电流不变，所以电压表示数不变故A错误B、电压表测量变阻器两端的电压，根据串联电路电压与电阻成正比的特点可知，当水位下降，即滑动触头P向下运动时，电压表示数变小；电路处于通路状态，指示灯变暗，故B错误；C、当电压表示变大，根据串联电路电压与电阻成正比的特点可知，变阻器连入电路的阻值变大，表明触头P向上移动，即水位上升；根据欧姆定律可知电流变小，所以指示灯变暗，故C正确D、若将电压表改装成水位计，则电压表零刻度线时，即滑杆P位于R的a端处，由题干可知，此时水位最低，但不是水位计零刻度线，故D错误故选C点评：本题
10、考查电路的分析，关键抓住串联电路电压与电阻成正比的特点分析电压表示数与变阻器的阻值变化关系 8（3分）（2019宜宾）深海探测器利用“深海潜水器无动力下潜上浮技术”，其两侧配备多块相同的压载铁，当其到达设定深度时，抛卸压载铁，使其悬浮、上浮等，并通过探测器观察窗观察海底世界其深海探测器在一次海底科考活动中，经过下潜、悬浮、上浮等一系列操作后，顺利完成任务如图所示，是该探测器观察窗所受海水压强随时间变化的Pt图象，以下说法正确的是（ ） A探测器在AB、BC、CD三个阶段，所受浮力的大小关系是F浮ABF浮BCF浮CDB探测器在下潜、悬浮、上浮三个阶段，在竖直方向的速度大小关系是v悬浮v下沉v上浮
11、C探测器在第3h、第5h和第8h的三个时刻，观察窗所受压力大小的关系是F5hF3hF8hD探测器在下潜的最深处处于悬浮状态，受到重力、浮力和海水对探测器的压力的作用 考点：物体的浮沉条件及其应用专题：浮力分析：A、根据F浮=gV排可比较探测器在AB、BC、CD三个阶段，所受浮力的大小关系；B、潜水器两侧配备4块压载铁，重量可以根据不同深度与要求调整当潜水器两侧配备4块压载铁时，潜水器下潜一定深度后按恒定速度下潜；当潜水器到达一定深度时，可操作抛载其中两块压载铁，使潜水器悬停在指定深度上实现作业，包括航行、拍照、取样等；当任务完成，再抛弃另外2块压载铁，使潜水器上浮，到达水面；C、根据3h、第5
12、h和第8h的三个时刻所受的压强关系，利用压强公式变形分析观察窗所受压力大小的关系D、潜水器在水下悬浮，受到的重力和浮力大小相等解答：解：A、探测器在AB、BC、CD三个阶段，都是浸没，V排=V物，故由F浮=gV排可知，在AB、BC、CD三个阶段，所受浮力的大小是相等的，故A错误；B、潜水器两侧配备4块压载铁时，对潜水器受力分析，根据牛顿第二定律可得G1kv2F浮=ma，当速度增大时，加速度逐渐减小，当加速度减到零时，速度达到最大值，潜水器做匀速运动，潜水器抛弃所有压载铁时，根据牛顿第二定律得G3kv2+F浮=ma，潜水器将做加速度逐渐减小的加速运动，故B错误；C、由图象可知，3h所受压强为7.
13、5104Pa，5h所受压强为10104Pa，8h所受压强为4.5104Pa，根据p=可得F=pS，则5h所受压力大于3h所受压力，3h所受压力大于8h所受压力，即F5hF3hF8h，故C正确；D、潜水器在水面下处于悬停时，它在竖直方向上受到的重力与浮力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故该选项说法错误；故选C点评：牛顿动力学问题是高考考查的重点，而与中国科技进步相关的高科技问题更能激起学生的爱国热情，本题借助最新的物理情景，考查了牛顿动力学问题，解题的关键是会将实际问题转换为物理模型 二、填空题（共5小题，每小题4分，共20分）把恰当的文字或数据填在相应的横线上。9（4分）（
14、2019宜宾）为践行“低碳生活，绿色出行”，宜宾市城区内安装了公共自行车网点，越来越多的市民上下班由坐汽车改骑自行车某市民在停止登车后，行驶在水平路面上的自行车仍继续向前运动一段距离，这是因为自行车具有 惯性 ，自行车最后停下来，这是因为它受到 阻力 的缘故 考点：惯性；物体运动状态变化的原因专题：运动和力分析：（1）根据任何物体都有保持原来运动状态的性质（惯性）进行分析；（2）一般情况下，阻力是阻碍物体远动的，力是改变物体运动状态的原因解答：解：（1）因为用力蹬脚踏时，自行车就会向前运动，当停止蹬脚踏时，由于惯性，自行车还要保持原来向前运动的状态，因此还会继续向前运动；（2）自行车越来越慢，
15、最终停下来，是由于受到阻力作用的缘故故答案为：惯性；阻力点评：惯性是指物体能够保持原来运动状态不变的性质，而物体运动状态改变必须有力才能完成 10（4分）（2019宜宾）如图所示，英子家电能表的示数为 1452.0 kWh，他家最多接入总功率为 2200 W的用电器 考点：电能表参数的理解与电能的求法专题：电能和电功率分析：（1）电能表的读数时，最后一位是小数；单位kWh（2）根据电能表的参数找出电能表的额定电压和标定电流，根据P=UI求出电能表能接入的最大功率解答：解：（1）英子家电能表的示数为1452.0kWh（2）根据表盘可知，电能表的标定电流是10A，额定电压是220V；则电能表能接入
16、的最大功率是：P=UI=220V10A=2200W，故他家最多接入总功率为2200W的用电器故答案为：1452.0；2200点评：本题考查了电能表的读数、参数的理解以及电功率的计算，关键是理解电能表的各个参数所表示的物理意义 11（4分）（2019宜宾）小华用相同质量的色拉油和水加工同样的菜，用同样的锅在相同火力下同时加热，发现色拉油升温比水快，这说明色拉油的 比热容 比水小；一段时间后，色拉油把菜炸黄了，而水没有，这说明色拉油的 沸点 比水高（选填：“熔点”、“沸点”、“比热容”或“凝固点”） 考点：比热容的概念；沸腾及沸腾条件专题：热和能分析：要解答本题需掌握：水的比热容的大小在生活中的应
17、用，以及不同液体的沸点不同解答：解：用同样的火力分别给相同质量、相同初温的水和色拉油加热，发现色拉油温度升高的快，这是因为色拉油的比热容小；一段时间后，色拉油把菜炸黄了，而水没有，这是因为色拉油的沸点比水高故本题答案为：水；沸点点评：本题主要考查学生对：水的比热容的特点，以及不同液体的沸点不同的关系的了解是一道基础题 12（4分）（2019宜宾）把一个凸透镜对准太阳光，可在凸透镜20cm处得到一个最小、最亮的光斑若将一物体放在此凸透镜前50cm处，在凸透镜另一侧的光屏上呈现清晰倒立、缩小的 实 （选填：“实”或“虚”）像，生活中应用该原理制作的光学仪器是 照相机 考点：凸透镜成像的应用专题：透
18、镜及其应用分析：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这个点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距（2）凸透镜成像的规律及其应用之一：当u2f时，成倒立、缩小的实像对应应用如照相机解答：解：（1）太阳光到达地球，接近平行光，凸透镜正对太阳光，太阳光平行于主光轴，经凸透镜折射后形成一个最小最亮的点，这个点是凸透镜的焦点，光点到凸透镜的距离是凸透镜的焦距，所以是20cm（2）若将物体移至凸透镜50cm处，即此时物距大于2倍焦距，移动光屏，使烛焰在光屏上得到倒立缩小清晰的实像，照相机就是应用这一原理制成的故答案为：实；照相机点评：凸透镜成像是个光学部分的重点内容，本题综合
19、性很强，包含了焦点、焦距、凸透镜成像的三种情况等 13（4分）（2019宜宾）如图所示，当开关S接“1”，将滑动变阻器片P由a端滑向b端，弹簧将 伸长 （选填：“伸长”或“缩短”）；当开关S接“2”，将滑动变阻器片P滑至b端，并剪断弹簧，让条形磁体穿过线圈，产生电磁感应，电流表的指针会 发生偏转 （选填：“发生偏转”或“不动”） 考点：通电螺线管的磁场；磁极间的相互作用专题：电和磁分析：利用安培右手定则判断通电螺线管的NS极，根据磁极间的作用规律判断弹簧的变化；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流解答：解：当开关S接“1”，将滑动变阻器片P由a端滑向b端，根据右手定则判
20、断电螺线管的上端为N极，异名磁极相互吸引，又因为通电螺线管的磁性增强，弹簧长度会伸长；当开关S接“2”，将滑动变阻器片P滑至b端，并剪断弹簧，让条形磁体穿过线圈，产生电磁感应，电流表的指针会发生偏转，因为线圈相当于做切割磁感线运动，电路又闭合，所以会产生感应电流，故电流表指针会偏转故答案为：伸长；发生偏转点评：此题考学生关于安培右手定则、磁极间作用规律和电磁感应的理解和掌握 三、解答题（共2小题，每小题3分，共6分）14（3分）（2019宜宾）如图，物体沿粗糙水平面向右运动画出该物体所受重力、支持力和摩擦力的示意图 考点：力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图专题：作图题；压轴题分析：要解决此
21、题，需要掌握力的示意图的画法同时根据物体的运动情况分析出物体所受到的力：确定重力、支持力、和摩擦力的方向解答：解：物体在粗糙水平面上向右运动，所以受地面对它向左的摩擦力同时受到重力作用，方向竖直向下受到地面对其向上的支持力故答案为：点评：此题主要考查了重力、支持力、摩擦力的画法，关键是确定这几个力的方向 15（3分）（2019宜宾）请利用图中给出的信息，在图中标出电源的正极、小磁针的S极，并用箭头标出磁感线的方向 考点：通电螺线管的磁场专题：磁现象、电生磁分析：根据磁极间的相互作用判断小磁针的磁极根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极根据右手螺旋定则判
22、断出电流的方向，确定电源的正负极解答：解：由图知通电螺线管的右端为S极，则左端为N极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的右端为S极，则左端为N极因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向右的根据右手螺旋定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极故答案为：点评：安培右手螺旋定则为判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时N极所指的方向为该点磁感线的方向 四、实验与探究题（共2小题，满分10分）16（4分）（2019宜宾）某同学在体育活动中，从铅球下落陷入沙
23、坑的深度情况猜想到：物体的重力势能可能与物体的质量、下落高度和运动路径有关于是设计了如图所示的实验：用大小、形状相同的A、B、C、D四个铅球，其中A、C、D三球的质量为m，B求质量为2m，让A、B两球从距沙表明高H静止下落，C球从距沙表面高2H静止下落，D球从距沙表面高2H的光滑弯曲管道上端静止滑入，最后从管道下端竖直地落下（球在光滑管道中运动的能量损失不计）实验测得A、B两球陷入沙深度分别为h1和h2，C、D两球陷入沙深度均为h3，且h1h2h3（1）本实验中，铅球的重力势能大小是通过 球陷入沙面的深度 来反映的；（2）比较A、B两球，发现B球陷入沙深度更大，由此可得出结论： 当下落高度一定
24、时，物体的质量越大，重力势能越大 ；（3）比较A、C两球，发现C球陷入沙深度更大，由此可得出结论： 当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大 ；（4）比较C、D两球，发现两球运动的路径不同，但陷入沙深度相同，由此可得出结论：物体的重力势能与物体运动的路径 无关 （选填：“有关”或“无关”） 考点：探究影响物体势能大小的因素专题：探究型实验综合题分析：影响重力势能的因素有物体的质量和下落高度，实验中研究物体的重力势能与物体的质量关系时，需要保持下落高度和运动路径相同，改变物体质量；研究物体重力势能与下落高度的关系时，需要保持物体质量和运动路径相同，改变下落高度；研究物体重力势能与运动
25、路径的关系时，需要保持物体质量和下落高度相同，改变运动路径据此分析解答解答：解：（1）本实验中，铅球的重力势能大小是通过球陷入沙面的深度来反映；（2）比较A、B两球，下落高度和运动路径相同，B球质量大于A球质量，发现B球陷入沙深度更大，由此可得出结论：当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；（3）比较A、C两球，两球质量相同，下落路径也相同，C球的下落高度大于A球的下落高度，发现C球陷入沙深度更大，由此可得出结论：当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大；（4）比较C、D两球，两球的质量相同，下落高度也相同，两球的运动路径不同，发现两球运动的路径不同，但陷入沙深度相同，由此
26、可得出结论：物体的重力势能与物体运动的路径无关故答案为：（1）球陷入沙面的深度；（2）当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；（3）当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大；（4）无关点评：此题考查学生对于物体重力势能的理解和掌握，注意分析实验时，控制条件 17（6分）（2019宜宾）电压表内阻较大，在实际电路中也有一定电流通过紫琪同学为了测量一电压表的内阻，她找来电源、电流表、定值电阻R0（阻值已知）、滑动变阻器R、开关和导线若干，并设计了如图所示的电路图（1）将滑动变阻器滑片P移至b端，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P由b端向a端移动的过程中，则下列说法正确的是 A ；A
27、电流表示数增大，电压表示数增大B电流表示数减小，电压表示数减小C电压表示数与电流表示数之比为一定值D电压表示数与电流表示数之乘积为一定值（2）闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，当电流表的示数为I时，电压表的示数为U，请写出该电压表内阻Rv的表达式 ；（3）此实验要多次测量电压表内阻值，最后求其平均值，其目的是 减小误差 ；（4）若用此电路去测量某未知电阻R1的阻值，其测量值与真实值得关系是R1测 R1真（选填：“”、“=”或“”） 考点：欧姆定律的应用专题：应用题；推理法；电路和欧姆定律分析：（1）分析电路，根据滑片的移动方向确定滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据串联电路特点、欧姆定律
28、、电功率公式分析答题（2）电压表与电阻R0并联，电流表示数为电压表和电阻R0的电流之和，则根据欧姆定律求出电阻R0的电流，根据并联电路的电流特点求出通过电压表的电流，根据欧姆定律即可求电压表的内阻；（3）减小实验的误差的方法是多次测量取平均值；（4）根据通过未知电阻R1的电流变化，利用欧姆定律分析解答：解：（1）根据电路图可知；定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测电阻R0两端电压，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P由b端向a端移动的过程中，连入电路的阻值变小，则总阻值变小，根据欧姆定律可知：电路中电流变大，即电流表示数变大；故B错误；由U=IR可知：电阻R0两端电压变大，即电压表示数变大，故A正确；则电压表示数与电流表示数之乘积变大，故D错误；由于电压表与电流表示数比值为定值电阻R0的阻值，所以示数之比为一定值，故C正确故选AC（2）电压表与电阻R0并联，根据欧姆定律可知：电阻R0的电流I0=，并联电路上的干路电流等于各支路电流之和，通过电压表的电流Iv=II0=I，根据欧姆定律得：电压表的内阻Rv=（3）多次测量电压表内阻值，最后求其平均值，是为了减小测量的误差；（4）若用此电路去测量某未知电阻R1的阻值，由于电压表分流作用，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值答答案为：（1）A、C；（2）；（3）减小测量的误差；（4）点评：
