1、A位移大小相等 B平均速度相等C速度变化相同 D加速度相同解析由图象面积可知位移大小不等，平均速度均为2.5 m/s，B正确；速度变化大小相等，但方向相反，由斜率可知02 s内加速度小于23 s内加速度52016年里约奥运会上，施廷懋凭高难度的动作夺得三米板女子跳水冠军起跳前，施廷懋在跳板的最外端静止站立时，如图3所示，则（）图3A施廷懋对跳板的压力方向竖直向下B施廷懋对跳板的压力是由于跳板发生形变而产生的C施廷懋受到的重力就是它对跳板的压力D跳板对施廷懋的支持力是由跳板发生形变而产生的答案D解析 施廷懋对跳板的压力和她的重力不是同一个力，而是两个不同的力，所以不能说施廷懋对跳板的压力就是她的
2、重力，且摩擦力和弹力的合力与重力大小相等，因此施廷懋对跳板的压力方向也不是竖直向下，故A、C错误；施廷懋受到跳板的支持力是由于跳板发生了形变，对跳板的压力是由于施廷懋的重力引起的，故B错误，D正确6如图4所示，在粗糙的水平地面上有质量为m的物体，连接在一劲度系数为k的轻弹簧上，物体与地面之间的动摩擦因数为，现用一水平力F向右拉弹簧，使物体做匀速直线运动，则弹簧伸长的长度为（重力加速度为g）（）图4A. B. C. D. 解析根据平衡条件得：弹簧的弹力F弹Fmg，根据胡克定律得，F弹kx，解得弹簧的伸长量 x，或x，故D正确，A、B、C错误7（2016温州模拟）如图4所示，物体从A点由静止出发做
3、匀加速直线运动，经过B点到达C点已知物体经过B点的速度是到达C点的速度的，AC间的距离是32 m则BC间的距离是（）A8 m B6.4 m C24 m D25.6 m答案C解析设到达B点的速度为v，则到达C点的速度为2v，加速度为a，则根据2axv2v，得：2axAC（2v）2 ,2axABv2，解得：，所以xAB8 m，xBCxACxAB32 m8 m24 m，故选C.8如图5为足球比赛中顶球瞬间场景，此时（）图5A头对球的作用力大于球对头的作用力B头对球的作用力与球对头的作用力大小相等C头对球的作用力与球的重力是一对平衡力D头对球的作用力与球对头的作用力是一对平衡力解析头对球的作用力与球对
4、头的作用力是相互作用力，根据牛顿第三定律，它们大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，故A、D错误，B正确；头对球的作用力大小不是固定的，但球的重力大小是固定的，故头对球的作用力与球的重力不是一对平衡力，故C错误9（2016上海模拟）如图6所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动下列各种情况中，体重计的示数最大的是（）图6A电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0 m/s2B电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0 m/s2C电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5 m/s2D电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5 m/s2解析电梯减速上升或加速下降时，加速度向下，人处于失重状态；电梯减速下降或加速上
5、升时，加速度向上，人处于超重状态，由牛顿第二定律Fmgma，加速度越大，体重计的示数越大10一小球从空中由静止下落，已知下落过程中小球所受阻力与速度的平方成正比，设小球离地足够高，则（）A小球先加速后匀速B小球一直在做加速运动C小球一直在做减速运动D小球先加速后减速解析设小球受到的阻力为Ffkv2，在刚开始下落一段时间内阻力是从零增加，mgFf，向下做加速运动，运动过程中速度在增大，所以阻力在增大，当mgFf时，合力为零，做匀速直线运动，速度不再增大，故小球先加速后匀速，A正确11如图7所示，光滑水平面上，A、B两物体用轻弹簧连接在一起，A、B的质量分别为m1、m2，在拉力F作用下，A、B共同
6、做匀加速直线运动，加速度大小为a，某时刻突然撤去拉力F，此瞬间A和B的加速度大小为a1和a2，则（）图7Aa10，a20Ba1a，a2aCa1a，a2Da1a，a2解析撤去F的瞬间，A受力未变，故a1a；对B，弹簧弹力未变，仍为：Fm1a，故a2a，故D正确12（2016嘉兴市联考）质量为1 t的汽车在平直公路上以10 m/s的速度匀速行驶，阻力大小不变从某时刻开始，汽车牵引力减小2 000 N，那么从该时刻起经过6 s，汽车行驶的路程是（）A50 m B42 m C25 m D24 m解析汽车匀速运动时F牵Ff，当牵引力减小2 000 N时，即汽车所受合力的大小为F2 000 N由牛顿第二定
7、律得Fma联立得a2 m/s2汽车减速到停止所需时间t5 s汽车行驶的路程xvt25 m.13如图8所示，质量为2 kg的物块A与水平地面的动摩擦因数为0.1，质量为1 kg的物块B与地面间的摩擦忽略不计，已知在水平力F11 N的作用下，A、B一起做加速运动，g10 m/s2，则下列说法中正确的是（）图8AA、B的加速度均为3.67 m/s2BA、B的加速度均为3.3 m/s2CA对B的作用力为3.3 NDA对B的作用力为3 N解析在水平力F11 N的作用下，A、B一起做加速运动，由A、B整体FmAg（mAmB）a，解得a3 m/s2，故A、B错误；隔离B物块FABmBa3 N，故D正确，C错
8、误二、选择题（本题共3小题，每小题2分，共6分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14对于体育比赛的叙述，下列说法正确的是（）A运动员跑完800 m比赛，指的是路程大小为800 mB运动员铅球成绩为4.50 m，指的是位移大小为4.50 mC某场篮球比赛打了二个加时赛，共需10 min，指的是时间D足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币可以看成质点答案AC解析铅球是平抛运动，铅球成绩指的是水平位移大小；10 min是时间间隔15一个物体所受重力在下列哪些情况下要发生变化（）A把它从赤道拿到南极B把它送到月球上去C
9、把它放到水里D改变它的运动状态答案AB解析 从赤道拿到南极，重力加速度变大，则重力变大，故A正确；送到月球上去，重力加速度减小，则重力减小，故B正确；放到水里，重力加速度不变，则重力不变，故C错误；改变运动状态，重力加速度不变，则重力不变，故D错误16一质量为m的铁球在水平推力F的作用下，静止在倾角为的斜面和竖直墙壁之间，铁球与斜面的接触点为A，推力F的作用线通过球心O，如图9所示，假设斜面、墙壁均光滑若水平推力缓慢增大，则在此过程中（）图9A斜面对铁球的支持力缓慢增大B斜面对铁球的支持力不变C墙对铁球的作用力大小始终等于推力FD墙对铁球的作用力大小始终小于推力F答案BD解析对铁球进行受力分析
10、可知，铁球受重力、水平推力F、竖直墙壁对铁球的弹力F1和斜面对铁球的支持力F2四个力的作用，由平衡条件可知，在水平方向上有FF1F2sin ，竖直方向上有F2cos mg，解得斜面对铁球的支持力F2，不随F的变化而变化，A错误，B正确；F1FF2sin F，即墙对铁球的作用力大小始终小于推力，C错误，D正确第卷三、非选择题（本题共7小题，共55分）17（5分）在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中：小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀变速运动，如图10是经打点计时器打出纸带的一段，打点顺序是A、B、C、D、E，已知交流电频率为50 Hz，纸带上每相邻两个计数点间还有4个点未画出现把一刻度尺放在
11、纸带上，其零刻度线和计数点A对齐请回答以下问题：图10（1）下列操作正确的有_（填选项代号）A在释放小车前，小车要靠近打点计时器B打点计时器应放在长木板有滑轮的一端C应先接通电源，后释放小车D电火花计时器应使用低压交流电源（2）根据该同学打出的纸带我们可以判断小车与纸带的_（填“左”或“右”）端相连（3）用该刻度尺测量出计数点A、B之间的距离为_cm.（4）打B点时纸带的瞬时速度vB_m/s.（5）小车运动的加速度大小是_m/s2.答案（1）AC（2）左（3）1.50（4）0.18（5）0.60解析（1） 在释放小车前，小车要靠近打点计时器，故A正确；打点计时器应固定在无滑轮的一端，故B错误；
12、实验时应先接通电源，再释放小车，故C正确；电火花计时器应使用220 V的交流电源，故D错误（2）因为相等时间内的位移越来越大，可知纸带的左端与小车相连（3）由刻度尺读数知，AB之间的距离为1.50 cm.（4）打B点时纸带的瞬时速度vBm/s0.18 m/s.（5）根据xaT2，运用逐差法得，am/s20.60 m/s2.18（5分）图11甲为“探究求合力的方法”的实验装置图11（1）下列说法中正确的是_A在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化B弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下CF1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D为减小测量误差，F1、F
13、2方向间夹角应为90（2）弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力F的大小为_N.答案（1）AC（2）4.00解析（1）在同一组数据中，只有当橡皮条结点O的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，故A正确；弹簧测力计拉细线时，方向不一定竖直向下，只要把O点拉到同一位置即可，故B错误；根据弹簧测力计的使用原则可知，在测力时不能超过弹簧测力计的量程，故C正确；F1、F2方向间夹角为90并不能减小误差，故D错误（2）由题图乙弹簧测力计的指针指示可知，拉力F的大小为4.00 N.19（6分）（2016扬州模拟）某实验小组欲以如图12所示实验装置探究“加速度与物体受力和质量的关系”图
14、中A为小车，B为装有砝码的小盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电磁打点计时器相连，小车的质量为m1，小盘（及砝码）的质量为m2.图12（1）下列说法正确的是_A实验时先放开小车，再接通打点计时器的电源B每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力C本实验中应满足m2远小于m1的条件D在用图象法探究小车加速度与受力的关系时，应作am1图象（2）实验中得到一条打点的纸带，如图13所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出，则打点计时器打下F点时小车的瞬时速度的计算式为vF_，小车加速度的计算式a_.图13答案（1）C（2） 解析（1）实验时应先接通电源
15、后释放小车，故A错误；假设木板倾角为，则有：Ffmgsin mgcos ，m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力故B错误；绳子上的拉力F，故m2m1，即实验中应满足小盘和砝码的质量远小于小车的质量，故C正确；Fm1a，所以：a，所以在用图象法探究小车的加速度与质量的关系时，通常作a图象，故D错误；（2）根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，可以求出纸带上打F点时小车的瞬时速度大小vF.根据逐差法得：.20（9分）在某次载人飞船返回地面的模拟演练中，测得模拟舱距地面9 m时速度为12 m/s，并以这个速度匀速降落，在距地面1.2 m时，模拟舱的缓冲发动机开始向下喷火，舱体开始匀减速
16、降落直至到达地面速度为0.求：（1）模拟舱匀减速阶段的加速度大小；（2）模拟舱从9 m高处落到地面所用的时间答案（1）60 m/s2（2）0.85 s解析（1）设模拟舱以v012 m/s的初速度在距地面x11.2 m处开始匀减速运动，加速度大小为a，由匀变速运动的规律有0v2ax1代入数据可解得a60 m/s2（2）设模拟舱从x9 m匀速运动至x11.2 m处历时t1，由匀速运动的规律可知t1代入数据可解得t10.65 s设匀减速运动历时t2，由匀变速运动的规律可知t2代入数据可解得t20.2 s所以模拟舱从9 m高处落到地面所用的时间为t1t20.85 s.21（10分）某同学表演魔术时，将
17、一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置C（QCS30）时，金属小球偏离竖直方向的夹角也是30，此时小球静止，如图14所示已知小球的质量为m，该同学（含磁铁）的质量为M，求此时：图14（1）悬挂小球的细线的拉力大小为多少？（2）该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为多少？答案（1） mg（2）Mgmgmg解析（1）以小球为研究对象，受力分析如图甲所示，则由平衡条件得Fsin 30FCsin 30FCcos 30Fcos 30mg解得FFC（2）以小球和该同学整体为研究对象，受力分析如图乙所示，同
18、理有FfFsin 30FNFcos 30（Mm）g将F值代入解得FfFNMgmg.22（10分）某研究性学习小组利用力传感器研究小球与竖直挡板间的作用力，实验装置如图15所示，已知斜面倾角为45，光滑小球的质量m3 kg，力传感器固定在竖直挡板上求：图15（1）当整个装置静止时，力传感器的示数；（2）当整个装置水平向右做匀加速直线运动时，力传感器示数为36 N，此时装置的加速度大小；（3）某次整个装置在水平方向做匀加速直线运动时，力传感器示数恰好为0，此时整个装置的运动方向如何？加速度为多大？答案（1） 30 N（2） 2 m/s2 （3）向左运动10 m/s2解析（1）以小球为研究对象，设小
19、球与力传感器的作用力大小为F，小球与斜面间的作用力大小为FN，如图所示，由几何关系可知Fmg310 N30 N.（2）竖直方向FNcos 45mg；水平方向FFNsin 45ma；解得：a2 m/s2.（3）要使力传感器示数为0，则有：FNcos 45FNsin 45ma；a10 m/s2，加速度方向向左故装置应向左加速23（10分）（2016义乌市模拟）如图16所示，质量为5 kg的木块放在倾角为30、长为20 m的固定斜面上时，木块恰好能沿斜面匀速下滑，若改用沿斜面向上的恒力F拉木块，木块从静止开始沿斜面匀加速上升4 m所用的时间为2 s（g取10 m/s2）求：图16（1）恒力F的大小；（2）要使木块能从斜面底端运动到顶端F至少要作用多长时间答案（1）60 N（2） s解析（1）木块恰好匀速下滑时受力平衡，有：Ffmgsin 30匀加速上升的加速度：a1m/s22 m/s2对木块受力分析如图甲根据牛顿第二定律有Fmgsin 30Ffma1代入数据得：Fmgsin 30Ffma1mgma160 N（2）设拉力最小作用时间为t.撤去F前：x1a1t2t2v1a1t2t撤去F后，受力分析如图乙，根据牛顿第二定律mgsin 30Ffma2a2g匀减速运动的位移：x2因为斜面长20 m，故有x1x220 m， t220t s.
