1、可知干路电流增大，由U端EIr可知路端电压减小，电压表测量路端电压，因此U变小，排除A、C选项；因干路电流I增大，R1两端的电压增大，而外电路的电压减小，故R2和RT两端的电压会减小，因此电流表示数会减小，D正确。答案D2.如图2所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R的阻值，可使电压表的示数减小U（电压表为理想电表），在这个过程中图2A通过R1的电流减小，减小量一定等于BR2两端的电压增加，增加量一定等于UC路端电压减小，减小量一定等于UD通过R2的电流增加，但增加量一定大于解析电压表示数减小，可知R减小，设路端电压、干路电流分别为U、I，电压表示数为U1，流过R1、R2的电流分别为
2、I1、I2，电阻改变后，分别为U、I、U1、I1、I2，则U1I1R1，U1I1R1，UU1U1（I1I1）R1，I1I1I，A正确。U2EU1Ir，U2EU1Ir，得U2（U1U1）（II）rU（II）rU，B错误；路端电压减小量小于U，C错误；U（II）（rR2），I2II，D错误。答案A3.如图3所示，平行板电容器中带电质点P处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，则当滑动变阻器R的滑片向b端移动时，以下说法中正确的是图3A电流表读数减小B电压表读数减小C带电质点P将向上运动DR3上消耗的功率逐渐增大解析由图可知，电阻R2与滑动变阻器R串联后与R3并联，并联后再与电阻R1串联接在电源两
3、端，平行板电容器与R3并联。当滑动变阻器的滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中的总电阻减小。由闭合电路欧姆定律可知，电路中的总电流增大，路端电压减小，电阻R1两端的电压增大，故并联部分的电压减小。由欧姆定律可知，流过电阻R3的电流减小，则流过R2和R的电流增大，故电流表的示数增大，选项A错误；因R2和R的总电压减小，而R2两端的电压增大，所以电压表的示数减小，选项B正确；因R3两端的电压减小，所以平行板电容器两端的电压减小，故带电质点P受到的向上的电场力减小，重力大于电场力，所以带电质点P将向下运动，选项C错误；由于R3两端的电压减小，由P可知，电阻R3上消耗的功率减小，选
4、项D错误。答案B4如图4所示是饮水机的工作电路简化图，S是温控开关，当温度升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R0是饮水机加热管电阻，R是与加热管串联的电阻。表格是从其说明书中摘录的一些技术数据。不考虑R0、R的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率。当S闭合时，下列关于饮水机的工作状态和R0的阻值正确的是图4稳定电压220 V频率50 Hz加热功率550 W保温功率22 WA加热，220 B加热，88 C保温，88 D保温，220 解析当S闭合时，由于电路中的有效电阻只有R0，故此时电路中的总电阻最小，对应的加热管电阻功率最大，故为加热状态。由R0可得其电阻为88
5、 ，B正确。5.平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图5所示的电路。闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷。要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是图5A只增大R1，其他不变B只增大R2，其他不变C只增大R3，其他不变D只减小a、b两极板间的距离，其他不变解析R1和R2串联，电容器两端电压跟R2两端电压相同。根据C可知如果不改变电容，则只需增大R2两端电压，根据串联分压关系（电阻越大分压越大）可知只增大R2或者只减小R1均可，选项B对，A、C错；只减小a、b两极板间的距离会使电容增大，由QCU可知，电容器所带电荷量增加，选项D对。答案BD6. （201
6、4上海卷）如图6所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U3，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，则图6AA的示数增大BV2的示数增大CU3与I的比值大于rDU1大于U2解析由于电压表、电流表都是理想电表，则电流表可以看成短路，因此外电路为定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表测的是总电流，电压表V1测的是R两端的电压，V2测的是电源的外电压，V3测的是滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器滑片向下滑动时，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大，电流表示数增大，A项正确；内电压增大，外电压减小
7、，电压表V2示数减小，B项错误；Rr，C项正确；R，r，由于R大于r，因此U1大于U2，D项正确。答案ACD二、非选择题（本题共4小题，共58分）7（12分）欲测量一个电流表的内阻，根据以下要求来选择器材并设计电路：a无论怎样调节变阻器，电流表都不会超量程；b有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据。现备有如下器材：A待测电流表A1（量程3 mA，内阻约为50 ）B电压表V（量程3 V，内阻未知）C电流表A2（量程15 mA，内阻为10 ）D保护电阻R120 E直流电源E（电动势2 V，内阻忽略不计）F滑动变阻器（总阻值10 ，额定电流0.5 A）G开关一个，导线若干（1）在以上提供的器材中，除
8、A、E、F、G以外，还应选择_、_（填字母代号）。（2）请画出符合要求的实验电路图。解析根据题中给出的备用器材，选择伏安法测量电流表的内阻。选择内阻已知的电流表A2作为电压表，选择保护电阻R与并联的两个电流表串联。由于电流表两端电压最大只有0.15 V，滑动变阻器最大电阻只有10 ，所以选择分压电路，电路图如图所示。答案（1）CD（2）见解析图8（14分）某同学用量程为1 mA、内阻为120 的表头按图7（a）所示电路改装成量程分别为1 V和1 A的多用电表。图中R1和R2为定值电阻，S为开关。回答下列问题：（1）根据图（a）所示的电路，在图（b）所示的实物图上连线。（2）开关S闭合时，多用电
9、表用于测量_（填“电流”、“电压”或“电阻”）；开关S断开时，多用电表用于测量_（填“电流”、“电压”或“电阻”）。（3）表笔A应为_色（填“红”或“黑”）。（4）定值电阻的阻值R1_ ，R2_ 。（结果取三位有效数字）图7将表头改装成电压表时，需串联一电阻进行分压，而改装成电流表时则需并联一电阻分流，因此闭合开关后，并联上R1改装成一电流表，断开开关，表头与R2串联则改装成一电压表。多用电表内部表头的正极在右侧，即电流应从表笔B流入，从表笔A流出，则表笔A为黑色。当断开S时，Ig（R2r）Um，解得R2880 。当闭合S时，Ig（R2r）（IIg）R1，解得R11.00 。答案（1）如解析图
10、所示（2）电流电压（3）黑（4）1.008809（16分）在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，所用器材有：电动势为6 V的电源，额定电压为2.5 V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、开关和导线，要求能测出尽可能多的数据，图8甲所示是没有连接完的实物电路。（已连接好的导线有a、b、c、d、e、f六根）图8（1）请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。（2）连好电路，闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2 V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向_（填“左”或“右”）端滑动。（3）通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表示数，并绘制成了如图乙所示
11、的UI图线，根据UI图线提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率为_W。（4）小灯泡的UI图线是曲线而不是过原点的直线，原因是_。解析（1）小灯泡的电阻很小，因此采用电流表外接法；实验时，要求小灯泡两端电压从0逐渐增大到额定电压，滑动变阻器应采用分压式接法。实物电路如答案图所示。（2）将滑片P向右端滑动，可以增大灯泡两端的电压。（3）根据UI图象可知，U2.5 V时，I0.2 A，所以小灯泡的额定功率为PUI0.5 W。（4）UI图线上各点与原点连线的斜率表示灯丝的电阻，图线是曲线而不是过原点的直线，这是因为灯丝的电阻会随温度的升高而增大。答案（1）如图所示（2）右（3）0.5（4）灯丝的电阻会随
12、温度的升高而增大10（16分）2014苏、锡、常、镇四市高三教学情况调研（二）某同学用电阻箱、多用电表、开关和导线测一节旧干电池的电动势和内阻。（1）他先用多用表电压挡直接接在电源两极，读数如图9甲，则电源电动势约为_V。图9（2）为了更准确地测量电源的电动势和内电阻，他用多用表的“直流100 mA”挡设计了如图乙的测量电路，为了电表安全，请估算开关闭合前电阻箱的最小取值为_。（3）将多用电表的选择开关从OFF旋转至“直流100 mA”挡，调节电阻箱到合适的值并记录其读数R，合上开关从多用表上读出相应的示数I。（4）重复（3）获得多组数据，根据数据作出了如图10所示的R图线。图10（5）由图线
13、得干电池的电动势E_V（保留三位有效数字），内阻r_（取整数），多用表的内电阻对_（填“E”“r”或“E和r”）的测量结果有影响。解析（1）由题图甲可知，选用了直流电源2.5 V挡，因此指针的读数对应为1.30 V；（2）由于选用直流电路100 mA量程，因此电路中的最大电流不得超过100 mA，所以R13 ；（5）根据闭合电路欧姆定律有，I，化简为R函数关系为Rr，即题图10中图线的斜率即为E，则EV1.42 V（由于读数误差，答案在1.401.50 V内均可 ），纵截距即为r，则r8 ，显然上述过程没有考虑多用电表的内阻，实际上多用电表的内阻与电源内阻之和为纵截距的绝对值，所以多用表的内阻对r的测量结果有影响。答案（1）1.3（1.30也可）（2）13（15也可）（5）1.45（1.401.50均可）8r
