1、届中考物理专项练习通过电螺丝线管的磁场含答案全国通用答案2018届中考物理专项练习：通过电螺丝线管的磁场（含答案、全国通用）【答案】1.D2.C3.C4.C5.BC6.BD7.ACD8.BD9.解：10.错误因为螺线管只有一端放有小磁针，无法判断周围是否存在磁场；通电螺线管的磁场方向与电流方向有关（或通电螺线管的磁场方向与电池极性、导线的绕法有关）11.2；4；正12.（1）1.8106（2）增大 偏小（3）热值 2.1108（4）（5）A（6）60（7）1080（8）磁场对通电导体（线圈）有力的作用（9）不变 变大（10）换用磁性更强的磁体或增加导体棒AB切割磁感应线的速度13.条形磁铁；电
2、流方向；小磁针指向14.解：（1）电磁继电器的电路可分为控制电路和工作电路两部分，当控制电路接通时，电磁铁有磁性，吸引衔铁，动触点和静触点接触，工作电路接通，电铃响；当控制电路断开时，电磁铁无磁性时，衔铁在弹簧的作用下被拉起，工作电路断开，电路图如下图所示：（2）根据安培定则可知，通电螺线管的上端是N极，下端是S极，如下图所示：15.解：电流从螺线管的左端流入右端流出，结合线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为S极，右端为N极根据异名磁极相互吸引可以确定与螺线管右端N极靠近的是小磁针的S极，则小磁针的左端为S极故答案见下图：16.解：（1）螺线管的下端为N极，根据磁极间作用规律可知，靠近
3、螺线管下端的小磁针的下端为S极，上端为N极；（2）利用螺线管线圈的绕向和N、S极，结合右手螺旋定则可以确定线圈中电流的方向是从螺线管的上端流入，下端流出，从而可以确定电源的上端为正极，下端为负极。答案如图所示。17.解：读图可知，小磁针的右端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为N极，右端为S极。再根据安培定则，用右手握住螺线管，使大拇指指向螺线管的N极，则四指环绕的方向为电流的方向，从而得出电源的右端为正极，左端为负极。如图所示18.解：根据磁极间的作用可以判断通电螺线管的左端是S极，右端为N极，根据安培定则，可以判断电流从螺线管的右端进入，从左端流出，所以电源的左端是负极，右端是
4、正极。如图。19.解：由图可知，小磁针静止时的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则通电螺线管的右端为S极，左端为N极。因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的。根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：20.解：通电螺线管外部的磁感线从N极指向S极；伸出右手使右手大拇指指示螺线管的右端（N极），四指弯曲所指的方向为电流的方向，由此可知电流从螺线管的下边流出、上边流入，电源的下边为正极、上边为负极，如图所示：21.解：（1）电流从螺
5、线管的右端流入，左端流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的右端为N极，左端为S极。（2）小磁针静止时，由于受到通电螺线管的作用，小磁针的N极一定靠近螺线管的S极，即小磁针的左端为N极，右端为S极。答案如下图所示：22.解：因为磁感线总是从磁体的N极出发，所以螺旋管的右端为N极，则小磁针的右端为N极，根据安培定则可以判断出电源的正负极如图所示：23.解：如图，电流从螺线管右侧流向左侧，用右手握住螺线管，使四指环绕的方向与电流的方向相同，此时拇指所指的一端就是螺线管的N极，图中螺线管右端为N极，左端为S极磁感线在螺线管外部总是从N极指向S极，根据异名磁极相互吸引，小磁针靠近螺线管N极的
6、一端为S极，另一端为N极，如图所示24.解：小磁针的N极靠近螺线管的右端，根据磁极间的作用规律可以确定螺线管的右端为S极，左端为N极。根据螺线管的左端为N极，结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定线圈中的电流方向是从右端流入左端流出，所以电源的右端为正极，左端为负极。如图所示25.解：由电流表的使用规则可以确定电流从螺线管的右端流入，通电螺线管中的电流方向向上，再结合螺线管的绕向，根据安培定则可知，该螺线管的左端为N极，右端为S极。如下图所示：26.解：由小磁针N极靠近螺线管的左端，所以螺线管的左端为S极，右端为N极，根据安培螺旋定则，螺线管中的电流应由上向下流，所以电源左端为正极，右端为负
7、极；螺线管外部磁感线由N极到S极，如图所示：27.解：小磁针的左端为S极，自由静止时靠近螺线管的右端，所以螺线管的右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向左的利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的左端流入右端流出，从而可以确定电源的左端为正极，右端为负极答案如下图所示：28.解：由图可知，通电螺线管的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则小磁针的右端为S极，左端为N极因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端N极，则四指弯曲所指的方
8、向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极故答案如图所示：29.解：磁极间的作用规律可以确定螺线管左端为N极，右端为S极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的右端流入，左端流出，因此电源的右端为正极，左端为负极磁感线方向从N极指向S极答案如下图所示：30.解：小磁针N极向右，则得螺线管右侧为N极，用右手握住螺线管，让大拇指指向N极，则四指环绕的方向为电流方向，由安培定则得电流由左侧流入螺线管，即电源左侧为正极故答案如图：31.解：电流从螺线管右端流入、左端流出，根据安培定则得出螺线管的左端为N极、右端为S极。当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知
9、，相互靠近的一定是异名磁极，因此可以确定小磁针的右端为S极、左端为N极。在磁体的周围磁感线从磁体的N极出发回到S极，如图所示：32.解：由磁极间的相互作用规律可知螺线管的右端为N极。利用右手螺旋定则，伸出右手使右手大拇指指示螺线管的右端（N极），四指弯曲所指的方向为电流的方向，结合电源正极的位置画出绕线情况。故答案为：33.解：电源左端是正极，电流方向从螺线管的左端流向右端，由安培定则可以判断出螺线管右端是N极，左端为S极；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，小磁针的右端是N极，左端是S极；磁感线从N极发出，回到S极，标出磁感线的方向，如下图；34.解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，
10、最后回到S极所以螺线管的左端为S极，右端为N极根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流入的所以电源的左端为正极，右端为负极故答案为：35.解：由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，故电源右侧为正极；外部磁感线由N极指向S极，小磁针所在位置的磁感线向里，故小磁针N极向左故答案如图：36.解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针N极靠近的螺线管的左端一定是S极；根据图示的线圈绕向和螺线管的NS极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的左端
11、流入，右端流出，因此电源的左端为正极，右端为负极磁感线方向从N极指向S极答案如下图所示：37.解：螺线管的右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从左向右的当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极，由此可知小磁针的右端为N极根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流出根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：左端为负极，右端为正极38.解：如图，螺线管的左端为N极，右端为S极因为在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出
12、，最后回到S极，故箭头方向向右根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的所以电源的右端为正极，左端为负极如图所示39.1.5；0；条形40.解：通电螺线管的左侧为N极，则外部磁感线由N指向S极；由安培定则可得电流由右侧流入，故答案如图：【解析】1.解：A、由安培定则可知，管的右端应该是N极，左端为S极螺线，故A错误 B、由用安培定则可知，螺线管的右端应该是S，左端为N，故B错误 C、与用安培定则可知，螺线管的右端应该是N极，左端为S极，故C错误 D、由安培定
13、则，管的右端应该是N极，左端为S极螺线，故D正确 故选D此题考查的是安培定则，安培定则的内容是：用右手握住螺线管，四指弯向螺线管中电流的方向，大拇指所指的就是螺线管的N极由此可以确定四个选择项的正误在解决这种类型的题目时，可先在螺线管的线圈上标上电流的方向，以确定四指的弯曲方向另外，很容易出现用左手来代替右手的错误操作2.解：根据图示的螺线管线圈的绕向和螺线管中电流的方向，利用安培定则可以确定螺线管的A端为N极，B端为S极。 在地磁场的作用下，螺线管将会发生转动，螺线管的S极（B）指向南，螺线管的N极（A端）指向北。故ABD错误，C正确。 故选C。通电后的螺线管相当于一个条形磁铁，然后利用磁体
14、在地磁场的作用下指向南北方向。因此首先利用安培定则确定螺线管的NS极，然后再确定其指向。安培定则中共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，考查时告诉其中的两个方向，确定第三个。如此题就是告诉了电流方向和绕向来确定磁场方向。3.解：通电螺线管磁性的强弱与电流的大小、线圈的匝数及是否有铁芯插入有关螺线管中的电流越大，螺线管线圈的匝数越多，有铁芯插入都可以使通电螺线管的磁性增强；改变电流的方向只能改变通电螺线管周围的磁场方向，不能使通电螺线管磁性增强 故选C要解决此题，需要掌握影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、是否有铁芯插入电流越大，匝数越多，有铁芯插入，磁性越强理解通电螺线管
15、的磁性强弱由哪些因素决定是此题考查的核心铁芯要用软铁来做，不能用钢4.解：A、由安培定则知，通电螺线管的左端应为S极，故错误； B、由安培定则知，通电螺线管的左端应为S极，故错误； C、正确； D、由安培定则知，通电螺线管的左端应为N极，这一点是正确的，但在通电螺线管的上方的磁感线应是从左指向右的，小磁针的左端应为S极，故错误 故选C根据磁感线的特点、安培定则和磁极间的相互作用规律判断各个选项本题考查了磁感线的特点、安培定则和磁极间的相互作用规律的知识点5.解：A、利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围的磁场分布，据铁屑是不能判断各点的磁场方向的，故A错误； B、利用铁屑可以看到磁体周围磁场
16、的分布情况，即铁屑密的地方磁场强，故B正确； C、磁场的方向是这样规定的：放在磁场中某点的小磁针，静止时北极所指的方向就是该点的磁场方向，因此根据小磁针N极的指向记录通电螺线管周围各点的磁场方向故C正确； D、放在磁场中某点的小磁针，静止时北极所指的方向就是该点的磁场方向故D错误； 故选BC通电螺线管周围的铁屑会被磁化，每一个小铁屑都相当于一个小磁针；根据铁屑受力转动后的分布情况，就可以知道通电螺线管的磁场分布特点 磁场的分布情况可能通过撒铁屑的方法粗略观察，用铁屑可以看出磁场的强弱；磁场的考查往往会涉及到磁感线的知识，要加强对磁场概念，磁场方向规定方面的知识，还有磁感线知识的理解6.解：A、
17、动圈式话筒是利用电磁感应的原理制成的，工作时将机械能转化为电能，故A错误； B、通电螺线管的极性与电流的方向和线圈的绕法有关，故对于给定的螺线管，改变通电螺线管中电流的方向，可以改变通电螺线管的N、S极；故B正确； C、磁场中某点的磁场方向与放在该点小磁场静止时N极的指向一致，即放不放小磁针，此点的磁场方向始终是不变的，故C错误； D、影响直流电动机转动方向的原因有两个：电流方向和磁场方向，故D正确 故选BD（1）话筒是利用电磁感应的原理制成的，工作时将机械能转化为电能； （2）通电螺线管的极性与电流的方向和线圈的绕法有关； （3）磁场中某点的磁场方向与放在该点小磁场静止时N极的指向一致； （
18、4）通电导线在磁场中受力的作用，所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关；此题考查了电磁感应现象、通电螺线管极性的判断、磁场方向和电动机转动方向的理解，是一道综合题7.解： A、图是探究电流热效应的实验；a电暖气是利用电流的热效应工作的，故A正确； B、图是探究螺线管磁场的实验；b是滑动变阻器，是通过改变连入电路的电阻丝的长度改变连入电路的电阻，进而改变电路中的电流，这也是滑动变阻器的变阻原理；滑动变阻器的工作原理与磁场方向无关，故B错误； C、图是探究电荷间的相互作用规律，同名磁极相互排斥；c验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故C正确； D、图表示的是磁体具有磁性，能吸引物体；d冰箱贴具有
19、磁性，能够吸引冰箱门，故D正确。 故选ACD。（1）电流通过导体时会产生热量； （2）滑动变阻器通过改变连入电路的电阻丝的长度改变连入电路的电阻，进而改变电路中的电流； （3）验电器工作原理：同种电荷相互排斥； （4）磁体能给吸引铁等一些物体。本题主要考查学生对知识的理解和运用情况。试题所选择的素材主要涉及的是电和磁的相关知识。题目以两组图片相对应的形式展现给学生，一组是实验现象，另一组是现象的应用，考查了我们的教学过程中实验的展现，同时也是为了把学生的课堂表现考出来。试题形式新颖、设计巧妙，体现了学以致用的思想。8.解： A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表
20、明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，故A错误； B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针S极将向右偏转，故B正确； C、若开关闭合，金属棒左右切割磁感线运动，此时电路中就会产生电流，故是电磁感应实验装置，该装置的实验原理应用于制造发电机，故C错误； D、由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同。在电流相同的情况下，B匝数多，电磁铁B的磁性比电磁铁A的磁性强，故D正确。 故选：BD。（1）认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场。即电流的磁效应
21、； （2）根据安培定则先判断出通电螺线管的N极，然后根据磁感线方向判断出小磁针N极的指向； （3）电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，发电机的原理是电磁感应； （4）电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少有关：当电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强。此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分。9.由右手螺旋定则知，通电螺线管的左端为N极，右端为S极，由磁极间的相互作用规律知，小磁针的左端为N极，右端为S极，磁感线在磁体外部是从N极发出，回到S极本题考查了右手螺旋定则和磁极间的相互作用规律及磁感线的特点右手螺旋定则：让四指弯曲，跟螺
22、线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极；磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引10.解：（1）从规律的普遍性和准确性的角度入手分析即可，即（a）、（b）或（a）、（c）的实验中，只有在螺线管的一端有小磁针，而周围没有放置小磁针，所以该结论是 错误的，不能得出螺线管通电后周围存在磁场的规律 （2）分析比较图（b）、（c）、（d）和（e）不难看出，当螺线管中电流的方向发生改变后，螺线管的磁场也发生改变，即通电螺线管的磁场方向与电流方向有关（或通电螺线管的磁场方向与电池极性、导线的绕法有关） 故答案为：（1）错误因为螺线管只有一端放有小磁针，无法判断周围是否存在磁
23、场 （2）通电螺线管的磁场方向与电流方向有关（或通电螺线管的磁场方向与电池极性、导线的绕法有关）（1）从规律的普遍性和准确性的角度入手分析即可，即（a）、（b）或（a）、（c）的实验中，只有在螺线管的一端有小磁针，而周围没有放置小磁针，所以据此分析即可判断 （2）分析比较图（b）、（c）、（d）和（e）中的电流的方向和磁场方向的关系即可判断看清题目中每次实验的现象和实质，且能从实验结论的准确性和严密性入手分析是解决该题的关键11.解：（1）I=， 10秒内通过该导体横截面的电荷量：Q=It=0.2A10s=2C； 电流做的功：W=UIt=2V0.2A10s=4J （2）根据安培定则，大拇指指向
24、螺线管的N极，右手弯曲的四指与电流方向一致，判断出螺线管中电流从左端流向右端，故a端为电源的正极； 故答案为：2；4；正（1）已知电流和通电时间，根据公式I=的变形公式即可求出通过导体横截面积的电荷量；根据W=UIt求出电流做的功； （2）根据安培定则判断通电螺线管中电流方向根据电源外部，电流从正极流向负极，判断出电压正负极本题考查电荷量、电功的计算和安培定则的运用，关键是公式及其变形的灵活运用和理解安培定则的内容12.（1）【分析】根据1kWh=3.6106J，计算出其节约的电能。此题较为简单，属于单位换算题，了解两个单位间的计算进制是解题关键。【解答】因为1kWh=3.6106J，故0.5
25、kWh=0.53.6106J=1.8106J。故答案为：1.8106。（2）【分析】（1）灯丝在温度高时会发生升华，所以时间久了灯丝会变细，灯丝的电阻会变大；（2）判断灯泡的亮度，依据的是小灯泡的实际功率，可利用公式进行分析。此题考查了灯丝的升华、影响电阻大小的因素及实际功率大小的判断。【解答】用久了的白炽灯泡，由于灯丝的升华变细，所以灯丝的电阻变大；根据，电压不变，电阻变大，则实际功率与额定功率相比要偏小。故答案为：增大；偏小。（3）【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值，据此回答；（2）利用Q放=mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达
26、到煤气的10倍，据此求0.5kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量。本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。【解答】（1）在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：Q放=mq煤气=1kg4.2l07J/kg=4.2l07J，500g“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=Q放100.5=2.1l08J。故答案为：热值；2.1108。（4）【分析】AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小，串联时电流相同，根据公式U
27、=IR可知电阻两端电压的大小。本题考查影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，要熟记串联电路电流、电压的特点，本题应用了控制变量法解题，这是今后学习中最长用的解题方法之一。【解答】已知AB和BC是由同种材料制成的且长度相同，BC的横截面积大于AB的横截面积，所以BC的电阻小于AB的电阻，串联时电流相同，根据公式U=IR可知AB两端的电压大于BC两端的电压。故答案为：。（5）【分析】本题由电源的正负极可判电流方向，利用右手螺旋定则可判出螺线管的N极。本题直接考查右手螺旋定则，为简单应用。【解答】由图可知，电流由左侧流入，由右手螺旋定则可知
28、螺线管的A端为N极。故答案为：A。（6）【分析】“3000r/kWh”的意义为：每消耗1kWh的电能，电能表的转盘就转过3000r，从而可以计算出电能表的转盘转过30r消耗的电能，又知道工作时间，可利用公式计算出灯泡的实际功率。本题考查消耗电能的计算和功率的计算，关键是公式及其变形的应用，要学会对电能表参数的理解，解题过程中要注意单位的换算。【解答】因为每消耗1kwh的电能，电能表的转盘就转过3000r，所以电能表的转盘转过30r消耗的电能为：，而t=10min=600s，所以灯泡的实际功率为：。故答案为：60。（7）【分析】从图象中读出任意一组电压和电路值，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值，然
29、后根据欧姆定律求出两端的电压为3V时的电流，再根据Q=I2Rt求出通电10min其产生的热量。本题考查了欧姆定律和焦耳定律的应用，关键是根据图象读出电流和电压的对应值，灵活运用相关公式即可正确解题。【解答】由图象可知，当定值电阻两端的电压U=2V时，通过的电流I=0.4A，由可得，定值电阻的阻值：，当定值电阻两端的电压U=3V时，此时的电流：，则通电10min其产生的热量：Q=I2Rt=（0.6A）25600s=1080J。故答案为：1080。（8）【分析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转动可以带动指针的偏转线圈受力方向与电流方向有关，这一过程中，将电能转化为机械能。在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理；对不同测量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握。【解答】通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。故答案为：磁场对通电导体（线圈）有力的作用。（9）【分析】分析 电路的连接，根据并联电路的规律及欧姆定律判断开关转换过程中通过灯的电流的变化，根据并联电路
