1、北京市西城外国语学校高二上期中物理理科2017密云二中高二（上）期中物 理一、选择题：本题共15小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的（每小题3分，共45分）1（3分）在物理学中常用比值法定义物理量下列不是用比值法定义的物理量的是（）A用E=定义电场强度B用C=定义电容器的电容C用C=定义电容器的电容D用I=定义电流强度2（3分）在真空中有两个固定的点电荷，它们之间的静电力大小为F现保持它们之间的距离不变，而使它们的电荷量都变为原来的2倍，则它们之间的静电力大小为（）AF BF C2F D4F3（3分）金属铂的电阻率对温度非常敏感，温度升高时电阻率也随着变大在图中有可能表示金
2、属铂电阻的IU图线是（）A B C D4（3分）如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面下列判断正确的是（）A1、2两点的场强相等 B1、3两点的场强相等C1、2两点的电势相等 D2、3两点的电势相等5（3分）关于导体的电阻及电阻率的说法中，正确的是（）A由R=知，导体的电阻与长度l、电阻率成正比，与横截面积S成反比B由R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度D将一根导线一分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一6（3分）如图所示，直线A为某电源的路端电压U与电流I的关系图象，直线B是电阻R的两端
3、电压与电流I的关系图象用该电源与电阻R组成闭合电路，电源的输出功率和电源的效率分别为（）A4W，33% B2W，33% C2W，67% D4W，67%7（3分）在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r将滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动的过程中，关于各电表示数的变化，下列判断中正确的是（）A电压表V的示数变小 B电流表A2的示数变小C电流表A1的示数变小 D电流表A的示数变大8（3分）如图所示，取一对用绝缘柱支撑的导体A和B，使它们彼此接触，起初它们不带电，分别贴在导体A、B下部的金属箔均是闭合的下列关于实验现象描述中正确的是（）A把带正电荷的物体C移近导体A稳定后，只有A下部的金属箔张
4、开B把带正电荷的物体C移近导体A稳定后，只有B下部的金属箔张开C把带正电荷的物体C移近导体A后，再把B向右移动稍许使其与A分开，稳定后A、B下部的金属箔都还是张开的D把带正电荷的物体C移近导体A后，再把B向右移动稍许使其与A分开，稳定后A、B下部的金属箔都闭合9（3分）如图所示，平行的实线表示电场线，虚线表示一个带电粒子穿越电场的运动轨迹，a、b是此轨迹上的两点不计带电粒子所受重力，下列说法中正确的是（）A电场方向一定是向右的B该粒子一定带负电荷C该粒子一定是由a向b运动D粒子在a点的动能一定小于在b点的动能10（3分）在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为l.0，电路中的电阻R0为
5、1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A则以下判断中正确的是（）A电动机两端的电压为1.0V B电动机的输出功率为12WC电动机产生的热功率4.0W D电源输出的电功率为24W11（3分）如图所示，在真空中有两个固定的等量异种点电荷+Q和Q直线MN是两点电荷连线的中垂线，O是两点电荷连线与直线MN的交点a、b是两点电荷连线上关于O的对称点，c、d是直线MN上的两个点下列说法中正确的是（）Aa点的场强大于b点的场强；将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先增大后减小Ba点的场强小于b点的场强；将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先减小后增
6、大Ca点的场强等于b点的场强；将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先增大后减小Da点的场强等于b点的场强；将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先减小后增大12（3分）用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值如图所示，分别将图（a）和（b）两种测量电路连接到电路中，按照（a）图时，电流表示数为4.50mA，电压表示数为2.50V；按照（b）图时，电流表示数为5.00mA，电压表示数为2.40V，比较这两次结果，正确的是（）A电阻的真实值更接近556，且大于556B电阻的真实值更接近556，且小于556C电阻的真实值更接近480，且大于480D电阻的真实值更接近480，且小于48013（3分
7、）在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r电键S处于闭合状态时，在水平放置的平行板电容器之间，有一带电油滴P处于静止状态下列叙述正确的是（）A其他条件不变，使电容器两极板缓慢靠近，油滴向下加速运动B其他条件不变，使电容器两极板缓慢远离，油滴向上加速运动C其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向左移动，油滴向下加速运动D其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向右移动，油滴向下加速运动14（3分）如图所示，一带负电的油滴，从坐标原点O以速率v0射入水平向右的匀强电场，v0的方向与电场方向成角，已知油滴质量为m，测得它在电场中运动到最高点P时的速率恰为v0，设P点的坐标为（xP，yP），则应有（）AxP0
8、 BxP0CxP=0 DxP的正负与v0有关15（3分）空间某一静电场的电势在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C点电场强度在x方向上的分量分别是EBx、Ecx，下列说法中正确的有（）AB、C两点的电场强度大小EBxEcxBEBx的方向沿x轴正方向C电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大D负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力先做正功，后做负功二、多项选择题：本题共4小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题意的（每小题3分，共12分每小题全选对的得3分，选对但不全的得2分，只要有选错的，该小题不得分）16（3分）关于电表的改装说法正确的是（）A要把电流表改装成大量成的安培表应
9、并联一个小电阻B要把电流表改装成大量成的安培表应串联一个大电阻C要把电流表改装成大量成的伏特表应并联一个小电阻D要把电流表改装成大量成的伏特表应串联一个大电阻17（3分）如图所示为研究决定平行板电容器电容大小因素的实验装置两块相互靠近的等大正对的平行金属板M、N组成电容器，板N固定在绝缘座上并与静电计中心杆相接，板M和静电计的金属壳都接地，板M上装有绝缘手柄，可以执手柄控制板M的位置在两板相距一定距离时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度在整个实验过程中，保持电容器所带电荷量不变，对此实验过程的描述正确的是（）A只将板M从图示位置稍向左平移，静电计指针张角变大B只将板M从图示位置沿垂直纸面向
10、外的方向稍微平移，静电计指针张角变大C只将板M从图示位置稍向上平移，静电计指针张角减小D只在M、N之间插入云母板，静电计指针张角变大18（3分）用多用电表测电阻时，若选择“100”的欧姆档测量发现（）A指针指在电阻刻度较靠近0的某刻度线上，则应换用“1k”的欧姆档测量B指针指在电阻刻度较靠近0的某刻度线上，则应换“10”或“1”欧姆档测量C指针指在电阻刻度较靠近的某刻度线上，则应换用“1k”的欧姆档测量D指针在电阻刻度较靠近的某刻度线上，则应换用“10”或“1”的欧姆档测量19（3分）如图是示波管的工作原理图：电子经电场加速后垂直于偏转电场方向射入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，偏
11、转电场的极板长度与极板间的距离分别为L和d，y为电子离开偏转电场时发生的偏转距离取“单位偏转电压引起的偏转距离”来描述示波管的灵敏度，即（该比值越大则灵敏度越高），则下列哪种方法可以提高示波管的灵敏度（）A增大U1 B增大U2 C减小L D减小d三、填空题（本题共3小题，每小题4分，共12分）20（4分）在“测定金属丝电阻率”的实验中，如图甲所示，用螺旋测微器测得金属丝的直径d=mm如图乙所示，用多用电表的“1”欧姆档，调零后测得金属丝阻值R=，若实验中测出金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式=（用符号表示）21（4分）某同学用如图甲所示的电路做“测定电源电动势和内电阻”的实验，他将实验
12、中的6组电压U、电流I的数据标在坐标纸上（1）试根据这些数据点在坐标纸上画出UI图线；（2）根据图线求出电池的电动势E=V，内阻r=；（3）用此电路测出的电动势比电动势的真实值； （填“偏大”或“偏小”或“相等”）22（4分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，额定功率为0.5W，此外还有以下器材可供选择：A直流电源3V（内阻不计）B直流电流表0300mA（内阻约为5）C直流电流表03A（内阻约为0.1）D直流电压表03V（内阻约为3k）E滑动变阻器100，0.5AF滑动变阻器10，2AG导线和开关实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量（1）实验中电
13、流表应选用，滑动变阻器应选用；（均填写仪器前的字母）（2）根据实验数据，画出的小灯泡IU图线如图1所示由此可知，当电压为0.5V时，小灯泡的实际功率是W；（3）根据实验测量结果可以绘制小灯泡的电功率P随其两端电压U或电压的平方U2变化的图象，在图2中所给出的甲、乙、丙、丁图象中可能正确的是（选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）四、论述、计算题（本题有4小题，共31分）解题要求：写出必要的文字说明、方程式和演算步骤有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位23（6分）在如图所示的电路中，电源的电动势E=6.0V，内电阻r=1.0，外电路的电阻R=11.0闭合开关S求：（1）通过电阻R的电流；（2
14、）在内电阻r上损耗的电功率P； （3）电源的总功率P总24（6分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为l=0.20m的绝缘轻线把质量为m=0.10kg、带有正电荷的金属小球悬挂在O点，小球静止在B点时轻线与竖直方向的夹角为=37现将小球拉至位置A，使轻线水平张紧后由静止释放g取10m/s2，sin37=0.60，cos37=0.80求：（1）小球所受电场力的大小；（2）小球通过最低点C时的速度大小；（3）小球通过最低点C时轻线对小球的拉力大小25（7分）如图所示，电源电动势有E=12V，内阻r=0.5，“10V、20W”的灯泡L与直流电动机M并联在电源两极间，灯泡恰能正
15、常发光，已知电动机线圈的电阻为RM=1，求：（1）流过内阻的电流为多少？（2）电动机的输出功率为多少？（3）电源的效率为多少？26（12分）如图所示，一个质量为m，带电量为+q的微粒，从a点以大小为v0的初速度竖直向上射入水平方向的匀强电场中微粒通过最高点b时的速度大小为2v0方向水平向右求：（1）该匀强电场的场强大小E；（2）a、b两点间的电势差Uab；（3）该微粒从a点到b点过程中的最小动能EK物理试题答案一、选择题：本题共15小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的（每小题3分，共45分）1【解答】A、E=是电场强度的定义式，采用比值定义法，定义出的电场强度E与F、q无关
16、故A不符合题意B、电容是电容器容纳电荷的本领，与所带的电量、以及极板之间的电势差无关，所以C=是比值定义法，故B不符合题意C、是电容的决定式，C与、S成正比，与d成反比，这个公式不是比值定义法，故C符合题意D、电流强度与流过截面的电量和时间无无直接关系，所以I=属于比值定义法，故D不符合题意本题选不是用比值法定义的物理量，故选：C2【解答】距离改变之前：F=当电荷量都变为原来的3倍时：F1=联立可得：F1=4F，故ABC错误，D正确故选：D3【解答】根据电阻的定义式R=可知，IU图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻的倒数，金属铂的电阻随温度的升高而增大，则图线上的点与坐标原点连线的斜率逐渐增
17、小，图线是曲线，根据数学知识可知，A正确，BCD错误；故选：A4【解答】A、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大故A错误；B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与3比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大故B错误；C，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势故C错误；D、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等故D正确故选：D5【解答】A、根据R=知，导体的电阻与导体的电阻率和导体长度成正比，与导体的横截面积成反比；故A正确；B、电阻是导体本身的性质，与导体两端的电压、导体中的电流都无关故B错误；C、导
18、体的电阻率与导体的电阻R，横截面积S，与导体的长度L皆无关；故C错误；D、导体的电阻率与导体的电阻R，横截面积S，与导体的长度L皆无关；故D错误；故选：A6【解答】由图象A可知电源的电动势E=3V，短路电流为6A，该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V，电流I=2A电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，根据P=UI得：P=22W=4W，电源的总功率为：P总=EI=32W=6W所以效率为：=100%=100%=67%；故选：D7【解答】D、将滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动的过程中，滑动变阻器的阻值变大，外电路的总阻值变大，所以电路的总的电流变小，所以电流表A的示数变小，所以D错误；A、
19、电源的内电压减小，由U=EIr可得，路端电压U变大，所以电压表V的示数变大，所以A错误；C、由于路端电压U变大，电阻R1不变，所以电流表A1的示数变大，所以C错误；B、由于总的电流减小，电阻R1的电流变大，所以滑动变阻器的电流减小，所以电流表A2的示数变小，所以B正确故选B8【解答】AB、感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，AB错误；CD、把带正电荷的物体C移近导体A后，把A和B分开，A
20、带负电，B带正电，金属箔还是张开，C正确，D错误故选：C9【解答】A、合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向左，不能判断电场的方向，也不能判断粒子的带电性质，故AB错误C、粒子可能是由a向b运动，也可能是由b向a运动故C错误D、从a运动到b，电场力做正功，电势能减少，动能增加所以带电粒子在a点的动能小于在b点的动能故D正确故选：D10【解答】A、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=EU内UR0=12IrIR0=122121.5=7V，电动机的总功率为：P总=UI=72=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=220.5=2W，所以电动机的输出功率为：P出=14W2W=1
21、2W，所以A错误，B正确，C错误；D、电源的输出的功率为：P输出=EII2R=122221=20W，所以D错误故选：B11【解答】根据等量异种电荷周围的电场分布，a、b两点的电场强度的大小相等，方向相同MN为一条等势线，它上面的场强O点最大，向两边逐渐减小，所以检验电荷在O点受到的电场力最大一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先增大后减小故选项C正确，选项A、B、D错误故选：C12【解答】由题意可知：=，=，电流变化量大，电压表分流对实验影响较大，电流表应采用内接法，即图（a）所示接法，则电阻测量值为：R=556，由于电流表采用内接法，电压测量值偏大，电阻测量值大于真实值，则电阻真实值小于
22、556；故选：B13【解答】油滴静止时受重力和向上的电场力，处于二力平衡状态；A、其他条件不变，使电容器两极板缓慢靠近，两个板间的电压U一定，根据U=Ed，由于d减小，电场强度变大，故电场力变大，合力向上，故油滴向上加速运动，故A错误；B、其他条件不变，使电容器两极板缓慢远离，两个板间的电压U一定，根据U=Ed，由于d变大，电场强度变小，故电场力变小，合力向下，故油滴向下加速运动，故B错误；C、其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向左移动，电阻R2减小，根据闭合电路欧姆定律，电流增加，故定值电阻R1的电压U增大；故根据U=Ed，由于d不变，电场强度变大，故电场力变大，合力向上，故油滴向上加速运动，
23、故C错误；D、其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向右移动，电阻R2变大，根据闭合电路欧姆定律，电流减小，故定值电阻R1的电压U减小；故根据U=Ed，由于d不变，电场强度变小，故电场力变小，合力向下，故油滴向下加速运动，故D正确；故选：D14【解答】液滴水平初速度为v1=v0cos，水平方向做匀减速运动，由于当液滴在电场中运动到最高点b时，它的速度方向是水平的，大小也恰为v0，大于水平方向初速度，因此最高点p在O点左上方，根据沿电场线电势降低，因此p点电势高于O点电势，即XP0，故A正确故选：B15【解答】A、在B点和C点附近分别取很小的一段d，由图象，B点段对应的电势差大于C点段对应的电势差，看
24、做匀强电场有E=，可见EBxECx，故A错误；C、同理可知O点场强最小，电荷在该点受到的电场力最小，故C错误；B、D、沿电场方向电势降低，在O点左侧，EBx的方向沿x轴负方向，在O点右侧，ECx的方向沿x轴正方向，所以B错误，D正确；故选D二、多项选择题：本题共4小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题意的（每小题3分，共12分每小题全选对的得3分，选对但不全的得2分，只要有选错的，该小题不得分）16【解答】A、把电流表改装成大量程的安培表需要并联阻值很小的分流电阻，故A正确，B错误；C、把电流表改装成伏特表需要串联大的分压电阻，故C错误，D正确；故选：AD17【解答】A、只将板
25、M从图示位置稍向左平移，d增大，根据C=知，电容减小，根据U=知电势差增大，则静电计指针张角变大，故A正确B、只将板M从图示位置沿垂直纸面向外的方向稍微平移，正对面积S变小，根据C=知，电容减小，根据U=知电势差增大，则静电计指针张角变大，故B正确C、只将板M从图示位置稍向上平移，正对面积S变小，根据C=知，电容减小，根据U=知电势差增大，则静电计指针张角变大故C错误D、只在M、N之间插入云母板，介电常数变大，根据C=知，电容增大，根据U=知电势差减小，则静电计指针张角变小故D错误故选AB18【解答】多用电表选择“100”的欧姆档测量电阻；A、指针指在电阻刻度较靠近0的某刻度线上，所选挡位太大
26、，为准确测量电阻阻值，应换用“10”或“1”的欧姆档，故A错误，B正确；C、指针指在电阻刻度较靠近的某刻度线上，说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，则应换用“1k”的欧姆档，故C正确，D错误；故选：BC19【解答】经加速电场后的速度为V，则 所以电子进入偏转电场时速度的大小为，v0=，电子进入偏转电场后的偏转的位移为，y=at2=，所以示波管的灵敏度=，所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1，所以D正确故选：D三、填空题（本题共3小题，每小题4分，共12分）20【解答】由图示螺旋测微器可知，其示数：d=0.5mm+23.00.01mm=0.730mm；用多用电表的“1”欧姆档测
27、电阻，由图乙所示表盘可知，其示数：R=91=9；由电阻定律可知，金属丝的电阻：R=，电阻率：=；故答案为：0.730；9；21【解答】（1）根据描出的点可得出对应的伏安特性曲线如图所示； （2）根据U=EIr可得，图象的斜率表示电动势，故E=1.5V，图象的斜率表示电源的内阻，故r=0.83； （3）本接法中采用相对电源的电流表外接法，因为电压表的分流作用，使电流表测量结果偏小，则可知，实际图象（虚线所示）和测量图象应如图所示；由图可知，测量结果偏小； 故答案为：（1）如图所示；（2）1.50；0.8322【解答】（1）灯泡的额定电流为I=200mA；故电流表选择B；因本实验只能接用分压接法，
28、故滑动变阻器选择小电阻F；（2）由图可知，当电压为0.5V时，电流为0.10A，则其功率为P=UI=0.50.1=0.05W；（3）由P=可知，P与U2在R不变时为正比例关系，由于R随电压的增大而减小；故丙图正确；故答案为：（1）B；F（2）0.05；（3）丙四、论述、计算题（本题有4小题，共31分）解题要求：写出必要的文字说明、方程式和演算步骤有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位23【解答】解：（1）根据闭合电路欧姆定律，通过电阻R的电流为：，（2）r上损耗的电功率为：P=I2r=0.50.51=0.25W，（3）电源的总功率为：P总=IE=60.5=3 W答：（1）通过电阻R的电流为
29、0.5A；（2）在内电阻r上损耗的电功率P为0.25W；（3）电源的总功率P总为3W24【解答】解：（1）小球受重力mg、电场力F和拉力T，其静止时受力如答图2所示根据共点力平衡条件有：F=mgtan37=0.75N（2）设小球到达最低点时的速度为v，小球从水平位置运动到最低点的过程中，根据动能定理有：mglFl=mv2解得：v=1.0m/s（3）设小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小为T根据牛顿第二定律有：Tmg=解得：T=1.5N答：（1）电场力的大小为0.75N，方向水平向右；（2）小球运动通过最低点C时的速度大小为1m/s；（3）小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小为1.5N25【解答】解：（1）设流过灯泡的电流为IL，则IL=2A，内阻r的电压Ur=EUL=12V10V=2V，流过内阻的电流为I=4A；（2）设流过电动机的电流为IM，IM=IIL=42=2 A，电动机的输入功率为PM总=IMU=210=20W，电动机线圈的热功率为PQ=I2MRM=221=4W，电动机输出功
