1、届四川省攀枝花市高三第三次统一考试理综物理试题解析版2019届四川省攀枝花市高三第三次统一考试理综物理试题（解析版）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示，一重G=50 N的物体静放在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数=0.4。当在该物体上施加两个方向相反的水平恒力F1=5 N、F2=15 N时，该物体受到地面的摩擦力大小为A. 5 N B. 10 NC. 15 N D. 20 N【答案】B【解析】【详解】由题意可知，物体的最大静摩擦力
2、等于滑动摩擦力，即为fm=0.450=20N.当在该物体上施加两个方向相反的水平恒力F1=5 N、F2=15 N时，两力的合力为10N，小于最大静摩擦力，物体处于静止状态，则静摩擦力等于10N，故B正确，ACD错误。故选：B2.A、B两种放射性元素，A的半衰期为10天，B的半衰期为30天，经60天后两种放射性元素的质量相等，那么原来它们的质量之比为A. 13 B. 31 C. 116 D. 161【答案】D【解析】【详解】根据半衰期的定义，经过t=60天T时间后剩下的放射性元素的质量相同，则A经过6次衰变，而B经过2次衰变；因此mA()6=mB()2，解得：mA:mB=16:1.故选：D.3.
3、如图所示，单匝线圈两端与一个电容为C的平行板电容器相连。线圈内有垂直纸面向里的磁场，当磁场随时间变化时，电容器A板带电量恒为+Q，B板带电量恒为-Q，则穿过线圈的磁通量随时间t的变化规律为A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】根据C=，电容器两端的电压U=，线圈产生的电动势为，且A板带正电。根据楞次定律，穿过线圈的磁通量是增加的。根据法拉第电磁感应定律E=，故C正确，ABD错误。故选：C4.如图，物体P、Q置于光滑水平面上，某时刻分别在相同大小的水平恒力F1、F2作用下，由静止开始运动，经时间t，P、Q发生的位移大小关系为xPxQ。则t时刻A. F2的功率比F1的大B. P的速度比
4、Q的大C. P的动能比Q的大D. P的动量比Q的大【答案】A【解析】【详解】A.两物体由静止出发，因为xPxQ，根据x= ，t时刻的速度vPvQ，根据功率P=FV，F2的功率比F1的大，故A正确，B错误；C. 根据拉力做功W=Fx，WPWQ，根据动能定理，P的动能比Q的小，故C错误；D.物体P、Q受到的力大小相等，作用时间相同，冲量相等，根据动量定理，P的动量等于Q的动量，故D错误。故选：A5.“虹云工程”是中国航天科工五大商业航天工程之一，将于2022年完成星座部署，实现全球无缝覆盖的超级“星链”WiFi。该工程由运行在距离地面1000 km轨道上的156颗卫星组成。2018年12月22日，
5、“虹云工程”技术验证星成功发射入轨，目前卫星在轨运行状态良好。“通信卫星”运行在赤道上空距地面35786 km的地球静止轨道上。“虹云工程”技术验证星与“通信卫星”相比较一定更大的是A. 速度 B. 周期 C. 加速度 D. 动能【答案】AC【解析】【详解】A.根据万有引力提供向心力，“虹云工程”技术验证星的速度一定比“通信卫星”大，故A正确；B. 根据万有引力提供向心力，“虹云工程”技术验证星的周期一定比“通信卫星”小，故B错误；C.根据牛顿第二定律，“虹云工程”技术验证星的加速度一定比“通信卫星”大，故C正确；D.由于两卫星质量未知，无法比较动能大小，故D正确。故选：AC6.如图是甲、乙两
6、物体做直线运动vt图像。下列说法中正确的是 A. 乙做匀加速直线运动B. 甲、乙的运动方向相反C. 甲、乙的加速度大小相等D. 甲、乙所受合力方向相反【答案】AD【解析】【详解】A.由图可知，乙的速度随时间均匀增加，做匀加速直线运动，故A正确；B.甲、乙的速度都是正的，运动方向一致，故B错误；C.根据，甲的加速度为，乙的加速度，甲、乙的加速度大小不相等，故C错误；D.根据C选项分析，甲、乙加速度方向相反，所受合力方向相反，故D正确。故选：AD7.如图所示，有一圆形匀强磁场区域，方向垂直纸面向外，b、c为直径上两个点，ab弧为圆周的三分之一。甲、乙两粒子电荷量分别为+q、-q，以相同的速度先后从
7、a点沿半径方向进入磁场，甲粒子从c点离开磁场，乙粒子从b点离开磁场，则甲、乙两粒子A. 质量之比m甲m乙=31B. 动能之比Ek甲Ek乙=13C. 运动轨道半径之比r甲r乙=31D. 通过磁场的时间之比t甲t乙=23【答案】BD【解析】【详解】 AC. 由图可知，甲转过的中心角为120，乙转过的中心角为60，设圆形磁场的半径为R，那么甲、乙两粒子做圆周运动的半径为r甲=Rtan30=R，r乙=Rtan60=R，故甲、乙两粒子在磁场中运动的半径之比等于1:3。带电粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力做向心力，即为：，解得：，那么，m甲：m乙=r甲：r乙=1：3，故A错误，C错误；B.根据动能Ek=
8、，动能之比Ek甲Ek乙=m甲：m乙=13，故B正确；D.带电粒子在磁场中做圆周运动的周期为：T= ，故甲、乙两粒子在磁场中运动的时间之比t甲：t乙= =2=2：3，故D正确；故选：BD.8.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1n2=21，当在a、b两端之间加上正弦交流电时，R1、R2消耗的电功率相等。已知R2=1 ，Uab=8 V，图中电表均为理想电表，则A. R1的电阻值为2 B. 电流表的示数为2 AC. 电压表的示数为2 VD. 电路消耗的总功率为8 W【答案】CD【解析】【详解】A.根据原、副线圈的匝数与电流的关系，n1n2=21=I2：I1，又R1、R2消耗的电功率相等，即，
9、联立得R1=4R2=4，故A错误；B. 根据原、副线圈的匝数与电压的关系，n1n2=21=U1：U2=（8-I1R1）:I2R2，代入数据得：I1=1A，故B错误；C.电压表的示数U2=I2R2=2I1R2=2V，故C正确；D.R1消耗的功率P1 =4W；R2消耗的功率P2 = =4W。电路消耗的总功率为P=P1+P2=8 W，故D正确。故选：CD三、非选择题：共174分。22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答。33-38题为选考题，考生根据要求作答。9.某同学用如图甲所示装置验证动量守恒定律。主要实验步骤如下：()将斜槽固定在水平桌面上，调整末端切线水平；()将白纸固定在水平地面上，白
10、纸上面放上复写纸；()用重锤线确定斜槽末端在水平地面上的投影点O；()让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录小球的落地点，重复多次，确定落点的中心位置Q；()将小球B放在斜槽末端，让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录两小球的落地点，重复多次，确定A、B两小球落点的中心位置P、R；()用刻度尺测量P、Q、R距O点的距离x1、x2、x3；()用天平测量小球A、B质量m1、m2；()分析数据，验证等式m1x2=m1x1+m2x3是否成立，从而验证动量守恒定律。请回答下列问题(1) 步骤()与步骤()中定位卡的位置应_；(2) 步骤()与步骤()中重复多次的目的是_；(3) 为了使小球A与B碰后运动方向不变
11、，A、B质量大小关系为m1_m2（选填“”、“”或“”）；(4) 如图乙是步骤()的示意图，则步骤()中小球落点距O点的距离为_m。【答案】 (1). 保持不变 (2). 减少实验误差 (3). (4). 0.3723（0.3721-0.3724）【解析】【详解】（1）因为步骤()与步骤()要多次重复，以确定小球落点的平均位置，所以定位卡的位置应保持不变。（2）步骤()与步骤()中重复多次，确定小球落点的中心位置，等效于求落点的平均位置，目的是减小误差；（3）入射小球的质量大于被碰小球的质量时，入射小球碰后速度方向不变；（4）由图可知，不放被碰小球时，入射小球的落点位置为Q，距O点的位置为0.
12、3723m。10.某同学用图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内电阻。(1)图甲中虚线框内是满偏电流为100 mA、表头电阻为9 的毫安表改装成量程为0.6 A的电流表，电阻R1的电阻值为_；(2)该同学对实验电路进行了部分连接，请在图乙中将其补充完整，要求滑动变器的滑片P向右移动时电阻减小；(3)某次测量时毫安表的示数如图丙所示，则此时通过电池的电流为_A（结果保留到小数点后两位）；(4)实验得到的电压表示数U与毫安表示数I的关系图线如图丁所示。则电源的电动势E = _V，内阻r = _。（结果均保留到小数点后两位）【答案】 (1). 1.8 (2). (3). 0.26 (4). 1.5
13、0 ， 0.72【解析】【详解】（1）根据并联电路基本原理可知，改装后的量程为：I= = +0.1=0.6，解得R1=1.8；（2）为保证滑动变器的滑片P向右移动时电阻减小，实验电路连接如图：（3）由图示，毫安表示数为0.044A，则干路电流，即此时通过电池的电流为I=0.0446A=0.26A；（4）根据改装原理可知，实际电流为电流表读数的6倍，由闭合电路欧姆定律可知：U=E6I(r+R)R为毫安表与R1的并联值，即R=1.5，由图可知,电源的电动势E=1.50V；r+R=（1.500.50）/（751036）=2.22故r=2.221.5=0.72；11.某课外活动小组为了研究遥控玩具小车
14、的启动性能，进行了如图所示的实验。将玩具小车放在水平地面上，遥控使其从静止开始匀加速启动，经时间t关闭发动机，玩具小车滑行一段距离后停下来，测得玩具小车从启动到停下来发生的总位移x=6m。已知玩具小车的质量m=500g，匀加速过程中牵引力F=3N，运动过程中受到的阻力恒为车重的0.2倍，重力加速度为g取10 m/s2，求t的值。【答案】【解析】【详解】设玩具小车受到的阻力为f，在关闭发动机前后的加速度大小分别为a1、a2，位移分别为x1、x2，关闭发动机时的速度为v。关闭发动机之前，分别由牛顿第二定律和运动学规律： 关闭发动机之后，分别由牛顿第二定律和运动学规律 满足： 联立以上各式并代入数据
15、得：12.如图所示，真空中某竖直平面内有一长为2l、宽为l的矩形区域ABCD，区域ABCD内加有水平向左的匀强电场和垂直于该竖直面的匀强磁场。一质量为m、电荷量为+q的带电微粒，从A点正上方的O点水平抛出，正好从AD边的中点P进入电磁场区域，并沿直线运动，从该区域边界上的某点Q离开后经过空中的R点(Q、R图中未画出)。已知微粒从Q点运动到R点的过程中水平和竖直分位移大小相等，O点与A点的高度差 ，重力加速度为g，求：(1)微粒从O点抛出时初速度v0的大小；(2)电场强度E和磁感应强度B的大小；(3)微粒从O点运动到R点的时间t。【答案】(1) ；(2)，；(3) 【解析】【详解】（1）从O到P
16、，带电微粒做平抛运动： 所以 （2）P点： 设P点速度与竖直方向的夹角为，则 带电微粒进入电磁区域后做直线运动，受力如图，可知其所受合力为零，可知： （3）设微粒从P到Q所用时间t1， 设微粒从Q到R所用时间为t2，因水平和竖直分位移相等，得： 由题意得： 微粒从0点运动到R点的时间t为： 所以：13.如图所示，是分子间相互作用力与分子间距离的关系，其中两虚线分别表示分子间斥力和引力与分子间距离的关系，实线表示分子作用力(斥力和引力的合力)与分子间距离的关系，由图可知下列说法中正确的是_（填正确答案标号）A. 分子间距离为r0时，分子间没有相互作用B. 分子间距离增大，分子间斥力减小引力增大C
17、. 分子间距离大于r0时，分子间的引力总是大于斥力D. 分子间距离增大，分子间作用力可能先减小后增大再减小E. 分子间距离大于r0时，增大分子间距离，分子间作用力总是做负功【答案】CDE【解析】【详解】A. 分子间距离为r0时，分子间相互作用的斥力和引力相等，对外表现为作用力等于零，故A错误；B. 随着分子间距离增大，分子间斥力和引力都减小，斥力减小的快，故B错误；C. 分子间距离大于r0时，分子间的引力大于分子间的斥力，对外表现为引力，故C正确；D. 分子间距离小于r0时，分子力表现为斥力，随着分子间距离增大，分子间斥力逐渐减小；分子间距离大于r0时，分子力表现为引力，随着分子间距离增大，分
18、子间引力先逐渐减小；分子间距离大于r0时，分子力表现为引力，随着分子间距离增大，分子间引力先逐渐减小；分子间作用力先增大后减小，故D正确；F. 分子间距离大于r0时，分子力表现为引力，增大分子间距离，分子间作用力总是做负功，故E正确。故选：CDE14.0.4 mol某种理想气体的压强P与温度t的关系如图所示，图中p0为标准大气压。已知任何理想气体在标准状态下(温度0，压强为一个标准大气压)1 mol的体积都是22.4 L，求该气体在状态C时的体积？【答案】V2=11.2 L【解析】【详解】设气体在A、B、C处时，体积分别为V0、V1 、V2，压强分别为P1、P2、P3，温度分别为T1、T2、T
19、3，则V0=0.4 Vm=8.96 L 由图可知：气体A到B的过程为等容过程，V1=V0B处气体的温度为T1=273+t1=400 K C处气体的温度为T2=273+t2=500 K 气体B到C的过程为恒压过程由盖吕萨克定律： 得：V2=11.2 L15.如图甲所示，上端固定的弹簧振子在竖直方向上做简谐运动，当振子到达最高点时，弹簧处于原长。选取向上为正方向，弹簧振子的振动图像如图乙所示。则下列说法中正确的是_ A. 弹簧的最大伸长量为0.1 mB. 弹簧振子的振动频率为2 HzC. 在1-1.5 s内，弹簧振子的动能逐渐减小D. 在0-0.5 s内，弹簧振子加速度逐渐减小E. 在l.5-2.
20、0 s内，弹簧振子的弹性势能逐渐减小【答案】ACE【解析】【详解】A.由振动图像可知，弹簧的最大伸长量为0.1m，故A正确；B. 由振动图像可知，弹簧振子的振动周期为2s，频率f=1/T=0.5Hz，故B错误；C. 在1-1.5 s内，弹簧振子由平衡位置向负的最大位移运动，动能逐渐减小，故C正确；D. 在0-0.5 s内，弹簧振子由平衡位置向正的最大位移运动，根据f=-kx，弹簧振子的回复力逐渐增大，加速度逐渐增大，故D错误；E. 在l.5-2.0 s内，弹簧振子由负的最大位移向平衡位置运动，弹簧形变量逐渐减小，弹性势能逐渐减小，故E正确。故选：ACE16.如图所示，在折射率 ，厚度为d的某种透明介质平板上方有一点光源S，S发出的光射向透明介质平板上表面，经过透明介质平板后从下表面穿出。其中沿与介质表面成=30角射入透明介质平板的光线，在透明介质平板中传播的时间与光从S点传到介质表面的时间相等，求S到透明介质平板上表面的距离h应为多少。【答案】h=d【解析】【详解】光在上表面发生折射现象，设入射角为，折射角为i，则=600由折射定律可知： 设光从光源S到上表面所用时间为t1，则 光在透明介质平板内速度为v，则： 由上式联立求解可得：h=d
