1、成才之路高一生物人教版必修2综合检测第一章 遗传因子的发现第一章综合检测题本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。满分100分，考试时间90分钟。第卷(选择题共45分)一、选择题(共30小题，每小题1.5分，共45分，在每小题给出的4个选项中，只有1项是符合题目要求的)1下列各组中不属于相对性状的是()A水稻的早熟和高产B豌豆的紫花和红花C小麦的抗病和易感染疾病D绵羊的粗毛和细毛答案A解析相对性状是指同种生物同一性状的不同表现类型，所以只有水稻的早熟和高产不是一对相对性状。2遗传因子组合为MmNn的个体自交，后代与亲本遗传因子组合完全相同的有()A9/16 B1/16C1/8 D1/4
2、答案D解析第一种方法：一对一对地去分析，Mm自交后代是MM、Mm、mm，Nn自交后代是NN、Nn、nn，根据乘法原理，MmNn自交后代中为MmNn的比例为。第二种方法：据棋盘法可知MmNn个体自交，后代中遗传因子组合为MmNn的个体(即双杂合子)占4/16，即。3鼠的毛色类型由Bb控制，甲、乙黑毛雌鼠分别与褐毛雄鼠丙交配，甲3胎共生出9只黑毛幼鼠和7只褐毛幼鼠，乙3胎共生出19只黑毛幼鼠，则甲、乙、丙3只鼠的遗传因子组成依次可能为()ABB、Bb、bb Bbb、Bb、BBCBb、BB、bb DBb、bb、BB答案C解析由于乙与丙杂交后代只有黑毛幼鼠，可知黑毛对褐毛为显性。乙为BB，丙为bb。甲
3、与丙杂交出现性状分离，所以甲为杂合子Bb。4白绵羊与白绵羊交配后，后代出现了白绵羊和黑绵羊，产生这种现象的根本原因是()A性状分离 B显、隐性遗传因子分离C同种遗传因子分离 D姐妹染色单体分离答案B解析白绵羊与白绵羊交配，后代出现黑绵羊和白绵羊，是性状分离，其实质则是等位基因的分离。5图中曲线中能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代，子代中显性纯合子所占比例的是()答案B解析自交n代，其显性纯合子所占的比例应为。6控制蛇皮颜色的基因遵循分离定律，现进行下列杂交实验根据上述杂交实验，下列结论中不正确的是()A所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇B黄斑是隐性性状C甲实验中，F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑
4、蛇基因型相同D乙实验中，F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同答案D解析据遗传图解，乙实验中，F1黑斑蛇基因型应为纯合或杂合基因型，而其亲本黑斑基因型应为杂合基因型一种类型。7向日葵种子粒大(B)对粒小(b)是显性，含油少(S)对含油多(s)是显性。某人用粒大油少和粒大油多的向日葵进行杂交，结果如图所示，则这些杂交后代的基因型有()A4种B6种 C8种D9种答案B解析根据题意和图示可知粒大油少和粒大油多的基因型分别为BbSs和Bbss，故杂交后代的基因型为326种。8水稻的非糯性对糯性是显性，将纯合糯性品种与纯合非糯性品种杂交，取F1的花粉用碘液染色，凡非糯性花粉呈蓝黑色，糯性花粉呈橙红色。在
5、显微镜下统计这两种花粉的颗粒，非糯性与糯性的比例为()A1:1 B1:2C2:1 D1:3答案A解析纯合糯性品种与纯合非糯性品种杂交F1的基因型为杂合，根据分离定律F1减数分裂产生的配子有两种类型，分别为呈蓝黑色的非糯性花粉和呈橙红色的糯性花粉，其比例为1:1。9已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，两对性状独立遗传。用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，在F2植株开花前，拔掉所有的有芒植株，并对剩余植株套袋。假定剩余的每株F2收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传定律。从理论上讲F3中表现感病植株的比例为()A1/8 B3/8C1/16
6、 D3/16答案B解析本题考查遗传的基本定律。根据分离定律，F2表现类型为：抗病无芒:抗病有芒:感病无芒:感病有芒9:3:3:1，若F2中开花前，把有芒品种拔掉，只有无芒品种，而无芒品种中抗病和感病自交其F3中感病植株比例为。10假如水稻高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性，两对性状独立遗传，用一个纯合易感病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗病高秆品种(易倒伏)杂交，F2代中出现既抗病又抗倒伏类型的基因型及其比例为()AddRR,1/8BddRr,1/16CddRR,1/16和ddRr,1/8DDDrr,1/16和DdRR,1/8答案C解析根据题意写出亲本的基因型
7、为ddrr(易感病的矮秆品种)和DDRR(抗病的高秆品种)，按照基因的自由组合定律，可知F1的基因型为DdRr。F2代出现四种表现型，易倒伏抗病:易倒伏不抗病:抗倒伏抗病:抗倒伏不抗病9:3:3:1，符合题意的抗倒伏抗病品种在F2代中占3/16，其中纯合体的抗倒伏抗病品种ddRR为1/16，杂合体抗倒伏抗病品种ddRr为2/16。11基因型为AabbDD的个体自交后，其后代表现型的比例接近于()A9:3:3:1 B3:3:1:1C1:2:1 D3:1答案D解析纯合子自交后代仍为纯合子，含有一对相对性状的杂合子自交后代性状分离比为3:1。12下图是某种遗传病的系谱图。3号和4号为正常的异卵孪生兄
8、弟，兄弟俩基因型均为AA和概率是()A0B1/9C1/3D1/16答案B解析由1号和2号生出5号(女)患病，可以推知该遗传病为常染色体隐性遗传病，1号和2号均为杂合子(Aa)。由于3号和4号为异卵双生，且均正常，所以他们的产生是相对独立的，且基因型均可能是(1/3AA或2/3Aa)，按乘法原理，可以知道兄弟俩基因型均为AA的概率是1/31/31/9。13已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后的推测，正确的是()A表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16B表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1/16C表现型有
9、8种，Aabbcc个体的比例为1/8D表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1/16答案D解析3对基因按自由组合定律遗传，其中每对基因的遗传仍遵循分离定律，故AaAa后代表现型有2种，其中aa出现的几率为1/4；Bbbb后代表现型有2种，其中Bb出现的几率为1/2；CcCc后代表现型有2种，其中Cc出现的几率为1/2，所以AaBbCcAabbCc后代表现型有2228(种)，aaBbCc个体的比例为1/41/21/21/16。14金鱼草的花色由一对等位基因控制。粉红色的金鱼草自交产生的182株后代中，有红色44株，粉红色91株，白色47株。若红色与粉红色的金鱼草杂交，则后代中粉红色金鱼草的比例最
10、有可能是()A33% B50%C67% D100%答案B解析从题意看，金鱼草的花色为不完全显性，设AA为红色，Aa为粉红色，aa为白色。AAAa1/2AA、1/2Aa，故后代中粉红色的比例为50%。15玉米的紫粒和黄粒是一对相对性状。同一品系X的黄粒玉米，若自花传粉，后代全部是黄粒玉米；若接受另一品系Y粒玉米的花粉，后代既有黄粒的也有紫粒的。由此推测可知()A紫色是显性性状 B黄色是显性性状C品系X是杂种 D品系Y是纯种答案A解析同一品系X的黄粒玉米自花传粉，后代全部是黄粒玉米，说明品系X的黄粒玉米是纯种。接受另一品系Y紫粒玉米的花粉，后代既有黄粒的也有紫粒的，性状发生分离，说明品系Y紫粒玉米
11、是杂种，杂种所表现出来的性状是显性性状。16某种开花植物细胞中，基因P(p)和基因R(r)分别位于两对同源染色体上，将纯合的紫花植株(基因型为PPrr)与纯合的红花植株(基因型为ppRR)杂交。F1全开紫花，自交后代F2中紫花:红花:白花12:3:1，则F2中表现型为紫花的植株的基因型有()A9种 B12种C6种 D4种答案C解析PPrr(紫花)ppRR(红花)PpRr(紫花)，说明显性基因P存在时，R基因控制的性状被掩盖。F1自交后代F2中紫花:红花:白花12:3:1，对应开紫花的基因型为PR和Prr，故有PPRR、PPRr、PpRR、PpRr、PPrr、Pprr共6种基因型。17基因型为A
12、a的玉米自花传粉，下图中可以表示自交系第n代的个体中纯合子的概率的曲线是()Aa BbCc Dd答案A解析杂合子自交n代，子代中纯合子所占比例为11/2n。18把圆皮豌豆和皱皮豌豆杂交，F1全是圆皮豌豆，F1自交，F2中皱皮豌豆1 851株，则理论上圆皮豌豆有()A481株 B617株C1 851株 D5 553株答案D解析按照分离规律，理论上圆皮豌豆应为185135553。19有一批抗锈病(显性性状)小麦种子，要确定这些种子是否纯种，正确且简便的方法是()A与纯种抗锈病小麦进行杂交B与纯种易染锈病小麦进行测交C与杂种抗锈病小麦进行杂交D自交答案D解析鉴定种子是否纯种的最简便方法是自交。20具
13、有两对相对性状的纯合亲本杂交，获得F1。让F1与双隐性类型进行测交，通过该测交实验不能了解到()AF1的基因型BF1产生配子的种类CF1相关基因的结构DF1产生配子的比例答案C解析测交不能了解基因结构。21有一杂合子(Dd)在进行有丝分裂时，可看到每个染色体由两个染色单体组成。如果一个染色单体含有D遗传因子，一般情况下另一条染色单体上的遗传因子是()Ad BD或dCD Dd和D答案C解析每条染色体上的两个染色单体基因组成相同。22已知豌豆种皮灰色(G)对白色(g)为显性，子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性。如以基因型ggyy的豌豆为母本，与基因型GgYy的豌豆杂交，则母本植株所结子粒的表现型()
14、A全是灰种皮黄子叶B灰种皮黄子叶，灰种皮绿子叶，白种皮黄子叶，白种皮绿子叶C全是白种皮黄子叶D白种皮黄子叶，白种皮绿子叶答案D23采用下列哪一套方法，可以依次解决的遗传学问题()鉴定一只白羊是否是纯种在一对相对性状中区分显、隐性不断提高小麦抗病品种纯合度检验杂种F1的基因型A杂交、自交、测交、测交B测交、杂交、自交、测交C测交、测交、杂交、自交D杂交、杂交、杂交、测交答案B解析根据题意B项符合。24有两个纯种的小麦：一个抗倒伏，但易感染锈病；另一个易倒伏，但能抗锈病。让它们进行杂交，在F2中可能出现既抗倒伏、又抗锈病的新类型，原因是()AF1雌雄配子之间的自由组合BF1产生配子时，非等位基因之
15、间的自由组合CF2产生配子时，非等位基因之间的自由组合D亲本产生配子时，非等位基因之间的自由组合答案B解析F1产生配子时，非等位基因自由组合。25通过诊断可以预测某夫妇的子女患甲种病的概率为a，患乙种病的概率为b。该夫妇生育的孩子仅患一种病的概率是()A1ab(1a)(1b)BabC1(1a)(1b)Dab答案A解析两病均患的概率为ab，两病都不患的概率为(1a)(1b)，所以仅患一种病的概率1患两病的概率两病均不患的概率1ab(1a)(1b)26番茄红果对黄果为显性，圆果对长果为显性，且控制这两对性状的基因自由组合，现用红色长果与黄色圆果番茄杂交，从理论上分析，其后代的基因型不可能出现的比例
16、是 ()A1:0 B1:2:1 C1:1 D1:1:1:1答案B解析 根据题意杂交的红色长果与黄色圆果番茄基因型不确定，如果红色与黄色分别用A、a表示，圆果与长果分别用B、b表示，则亲本的基因型可表示为A_bb和aaB_；如果二者都为纯合体，子代的基因型只有一种，比例为1:0；如果二者均为杂合体，则子代有四种基因型比例为1:1:1:1；如果二者一个是纯合体一个是杂合体，则子代有两种基因型比例为1:1。27白粒玉米自交系与黄粒玉米自交系进行杂交得F1全是黄粒玉米，F1自交所结果穗上同时出现了黄色籽粒和白色籽粒。对F2出现两种颜色不同的子粒的下列解释中，错误的是()A由于F1是杂合子，其后代发生了
17、性状分离BF1能产生两种雄配子和两种雌配子，受精作用后产生三种基因型、两种表现型后代CF1黄粒玉米包含有白色玉米的隐性基因，减数分裂时等位基因分离后，受精作用中两隐性基因纯合而出现白色子粒性状，因而出现了两种不同颜色的籽粒D玉米的黄色对白色为显性，F1在形成配子时发生了基因重组，因而产生了白色籽粒性状答案D解析F2出现白色籽粒性状是由于F1减数分裂时，等位基因分离后，受精作用中两隐性基因纯合而出现白色籽粒性状。28下列关于孟德尔两对相对性状遗传实验的叙述中，错误的是()AF2中圆粒和皱粒之比接近于3:1，符合基因的分离定律B两对相对性状分别由两对遗传因子控制CF1产生4种比例相等的雌配子和雄配
18、子DF2有4种表现型和6种基因型答案D解析孟德尔对F2中不同对性状之间发生自由组合的解释是：两对相对性状分别由两对遗传因子控制，控制两对相对性状的两对遗传因子的分离和组合是互不干扰的，其中每一对遗传因子的传递都遵循分离定律。这样，F1产生雌雄配子各4种，数量比接近1:1:1:1，配子随机结合，则F2中有9种基因型和4种表现型。29位于常染色体上的A、B、C三个基因分别对a、b、c完全显性。用隐性性状个体与显性纯合个体杂交得F1，F1测交结果为aabbcc:AaBbCc:aaBbcc:AabbCc1:1:1:1，则下列正确表示F1基因型的是()答案B解析隐性性状的亲本通过配子传递给子代的基因为a
19、bc，将测交后代个体中的abc三个基因去掉，就得到F1所产生的配子的基因组成及其比例：abc:ABC:aBc:AbC1:1:1:1，则说明AC、ac分别位于一对同源染色体上，B、b位于另外一对同源染色体上，故选项B正确。30已知A、B、C基因分别位于三对不同的同源染色体上，若有一对夫妇的基因型为()AaBBCcaaBbCc()，则其子女中有基因型(aaBBCC)和女儿中出现(a、B、C)的表现型后代占F1的比例为()A1/8、3/8 B1/8、3/16C1/16、3/8 D1/16、3/16答案C第卷(非选择题共55分)二、非选择题(共55分)31(9分)(2013全国大纲)已知玉米籽粒黄色(
20、A)对白色(a)为显性，非糯(B)对糯(b)为显性，这两对性状自由组合。请选用适宜的纯合亲本进行一个杂交实验来验证：籽粒的黄色与白色的遗传符合分离定律；籽粒的非糯与糯的遗传符合分离定律；以上两对性状的遗传符合自由组合定律。要求：写出遗传图解，并加以说明。答案若黄粒(A_)白粒(aa)3:1，则验证该性状的遗传符合分离定律；若非糯粒(B_)糯粒(bb)3:1，则验证该性状的遗传符合分离定律；若黄非糯粒黄糯粒白非糯粒白糯粒9:3:3:1，即：A_B_:A_bb:aaB_:aabb9:3:3:1，则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律。解析本题考查遗传规律的应用。考查理解题意、运用信息、分析和推理等
21、能力。常用的验证孟德尔遗传规律的杂交方案为自交法和测交法。植物常用自交法进行验证，根据一对相对性状遗传实验的结果，若杂合子自交后代表现型比例为3：1，则该性状的遗传符合分离定律，根据两对相对性状遗传实验结果，若杂合子自交后代表现型比例为9：3：3：1，则两对性状遗传符合自由组合定律；测交法是教材中给出的验证方法，若杂合子测交后代两种表现型比例为1：1，则该性状遗传符合分离定律，若双杂合子测交后代出现四种表现型比例为1：1：1：1，则两对性状的遗传符合自由组合定律。本题中两种方法均可选择。32(9分)小麦中高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗锈病(T)对易染锈病(t)为显性。控制两对相对性状的基因是
22、自由组合的，现用高秆抗锈病品种与矮秆易染锈病的品种来培育矮秆抗锈病品种。(1)培育的方法是：先让两个亲本_，然后将得到的F1进行_，在F2中就会得到“矮、抗”新品种。(2)后代中能产生“矮、抗”新类型的理论基础是_。(3)欲保证在F2中获得90株“矮、抗”株系，应至少从F1植株上选取_粒种子点种。(4)假若在F2中得到600株“矮、抗”株系，从理论上推算，其中稳定遗传的“矮、抗”有_株。答案(1)杂交自交(2)基因的自由组合定律(3)480(4)20033(9分)玉米植株的性别决定受两对等位基因(Bb，Tt)的支配，这两对基因位于非同源染色体上，玉米植株的性别和基因型的对应关系如下表。请回答下
23、列问题：基因型B和T同时存在(B_T_)T存在，B不存在(bbT_)T不存在(B_tt或bbtt)性别雌雄同株异花雄株雌株(1)基因型为bbTT的雄株与BBtt的雌株杂交，F1的基因型为_，表现型为_；F1自交，F2的性别为_，分离比为_。(2)基因型为_的雄株与基因型为_的雌株杂交，后代全为雄株。(3)基因型为_的雄株与基因型为_的雌株杂交，后代的性别有雄株和雌株，且分离比为1:1。答案(1)BbTt雌雄同株异花雌雄同株异花、雄株和雌株9:3:4(2)bbTTbbtt(3)bbTtbbtt解析根据基因自由组合定律可知，基因型为bbTT和BBtt的植株杂交，后代的基因型为BbTt，再根据题干信
24、息可推知，其表现型为雌雄同株异花。F1自交后代中出现9种基因型，其中B_T_(雌雄同株异花)占9/16，bbT_(雄株)占3/16，B_tt或bbtt(雌株)占4/16。若后代全为雄株，则基因型为bbT_，所以亲代雌性个体不能含有B基因，其基因型只能为bbtt，亲代雄性个体也不能含有B基因，其基因型为bbTT。34(9分)牛的毛色有黑色和棕色，如果两头黑牛交配产生了一头棕色牛，请回答：(1)黑色和棕色哪种毛色是显性性状？_。(2)若用B与b表示牛的毛色的显性基因与隐性基因，写出上述两头黑牛及子代棕色牛的基因型_。(3)上述两头黑牛产生一黑色子牛的可能性是_。若上述两头黑牛产生了一头黑色子牛，该
25、牛是纯合子的可能性是_。要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子，最好选用与其交配的牛是()A纯种黑牛B杂种黑牛C棕色牛(4)若用某雄牛与多头杂种雌牛交配，共产20头子牛，若子牛全是黑色，则此雄牛的基因型可能是_。若子牛中14头为黑色，6头为棕色，则此雄牛的基因型最可能是_。答案(1)黑毛(2)Bb、Bb、bb(3)3/41/3C(4)BBBb解析假若棕色性状受显性基因控制，而控制棕毛的基因一定来自亲代，则亲代必定有棕色牛，这与题目相矛盾，所以控制棕毛基因是隐性基因，此隐性基因来自双亲，亲代黑牛有棕毛基因但表现出黑毛，说明亲代黑牛的基因型是Bb，由此推出：BbBb1BB 2Bb 1bb，子代基因型
26、有3种，表现型2种，则上述两头亲代黑牛产生黑色子牛的可能性是3/4，若已知子牛为黑色，它是纯合子的可能性是1/3，要鉴定一头黑牛是纯合子还是杂合子，最好选用棕色牛(bb)与之交配，若子代出现棕色牛，说明黑牛是杂合子，若子代全是黑牛，说明被鉴定的黑牛可能是纯合子。若纯种黑牛与杂种黑牛交配产生后代，全是黑色；杂种黑牛与杂种黑牛交配，产生黑牛与棕牛的比例是3:1；棕色牛与杂种黑牛交配，产生黑牛与棕牛的比例为1:1。35(9分)家兔的颜色，灰(A)对白(a)是显性，毛的长度，短毛(B)对长毛(b)是显性，控制这两对相对性状的基因按自由组合定律遗传。现将长毛灰兔和短毛白兔两纯种杂交，获得F1，让F1自交
27、得到F2，请回答。(1)F2中出现纯合体的概率为_。(2)F2中出现纯合体最多有_种，基因型分别为_。(3)用F2中的一只短毛灰兔作亲本与长毛白兔杂交，假定产生了共20只兔子，其中短毛灰兔和长毛灰兔各有10只，或者20只兔子全为短毛灰兔，则可以认为该亲本短毛灰兔的基因型是_或_。(4)在F2中的短毛灰兔中，纯合体的概率为_。答案(1)1/4(2)4AABB、AAbb、aaBB、aabb(3)AABbAABB(4)1/9解析F1自交得到F2中，配子有16种组合方式，F2有4种表现型，其中每种表现型纯合体各有一个。测交可以鉴定某一亲本的基因型。36(10分)(2013福建)甘蓝型油菜花色性状由三对
28、等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AAAaaaBaaDaabbdd请回答：(1)白花(AABBDD)黄花(aaBBDD)，F1基因型是_，F1测交后代的花色表现型及其比例是_。(2)黄花(aaBBDD)金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有_种，其中纯合个体占黄花的比例是_。(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为_的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是_。答案(1)AaBBDD乳白花:黄花1:1(2)81/5(3)AaBbDd乳白花解析本题通过考查基因的自由组合定律，主要考查学生分析、解决问题的能力。(1)AABBDDaaBBDD的后代基因型为AaBBDD，其测交后代的基因型为1AaBbDd和1aaBbDd，对照表格可知其表现型及比例为乳白花:黄花1:1。(2)黄花(aaBBDD)金黄花(aabbdd)，F1基因型为aaBbDd，其
