1、生化课后题目及答案2蛋白质化学2.测得一种血红蛋白含铁 0.426%，计算其最低相对分子质量。一种纯酶按质量计算含 亮氨酸1.65%和异亮氨酸2.48%，问其最低相对分子质量是多少？解答：(2)酶：因为亮氨酸和异亮氨酸的相对分子质量相等，所以亮氨酸和异亮氨酸的残基数之比为:1.65%:2.48%=2:3，因此，该酶分子中至少含有 2个亮氨酸，3个异亮氨酸。M r最低2 131.11 100159001.65M r最低3 131.11 100159002.483指出下面持原点？pH条件下，各蛋白质在电场中向哪个方向移动，即正极，负极，还是保(1)胃蛋白酶(pl 1.0 ),在 pH 5.0;(2
2、)血清清蛋白(pl 4.9 )，在pH 6.0 ;(3)a 脂蛋白(pl 5.8),在 pH 5.0 和 pH 9.0 ;解答：(1)胃蛋白酶pl 1.0 V环境pH 5.0，带负电荷，向正极移动;(2) 血清清蛋白pl 4.9 V环境pH 6.0 ,带负电荷，向正极移动；(3) a脂蛋白pl 5.8 环境pH 5.0，带正电荷，向负极移动；a脂蛋白pl 5.8V环境pH 9.0 ,带负电荷，向正极移动。6由下列信息求八肽的序列。(1)酸水解得 Ala , Arg , Leu, Met, Phe, Thr, 2Val。(2)San ger 试剂处理得 DNP-Ala。(3)胰蛋白酶处理得 Al
3、a, Arg , Thr和Leu, Met, Phe, 2Val。当以Sanger试剂处 理时分别得到 DNP-Ala和DNP-Val。(4)溴化氰处理得 Ala , Arg，高丝氨酸内酯，Thr, 2Val，和Leu, Phe，当用Sanger 试齐U处理时,分另【J得 DNP-Ala和DNP-Leu。解答：由(2)推出N末端为Ala ;由(3)推出Val位于N端第四，Arg为第三，而 Thr为第二；溴化氰裂解，得出 N端第六位是Met，由于第七位是 Leu,所以Phe为第八； 由(4),第五为 Val。所以八肽为： Ala-Thr-Arg-Val-Val-Met-Leu-Phe 。7个a螺
4、旋片段含有180个氨基酸残基，该片段中有多少圈螺旋？计算该 a螺旋片 段的轴长。解答：180/3.6=50圈，50X0.54=27nm，该片段中含有 50圈螺旋，其轴长为 27nm。&当一种四肽与 FDNB反应后，用5.7mol/LHCI水解得到DNP-Val及其他3种氨基酸；当这四肽用胰蛋白酶水解时发现两种碎片段； 其中一片用LiBH4 （下标）还原后再进行酸水解，水解液内有氨基乙醇和一种在浓硫酸条件下能与乙醛酸反应产生紫 （红）色产物的氨基酸。试问这四肽的一级结构是由哪几种氨基酸组成的？解答：（1）四肽与FDNB反应后，用5.7mol/LHCI水解得到DNP-Val，证明N端为Vai。（2
5、） LiBH 4还原后再水解，水解液中有氨基乙醇，证明肽的 C端为Gly。（3） 水解液中有在浓 H2SO4条件下能与乙醛酸反应产生紫红色产物的氨基酸，说明此氨基酸为Trp。说明C端为Gly Trp（4） 根据胰蛋白酶的专一性，得知 N端片段为Val Arg （ Lys），以（1）、（2）、（ 3）结果可知道四肽的顺序： N Val Arg （ Lys） Trp Gly C。4糖类的结构与功能2 .写出下列糖的结构式： -D-葡萄糖-1-磷酸，2-脱氧-D-呋喃核糖， -D-呋喃果糖，D-甘油醛-3-磷酸，蔗糖，葡萄糖醛酸。解答：略。3.已知某双糖能使本尼地 （Benedict）试剂中的Cu2
6、+氧化成Cu2O的砖红色沉淀，用 -葡糖糖苷酶可将其水解为两分子 -D-吡喃葡糖糖，将此双糖甲基化后再水解将得到 2,3,4,6-四氧甲基-D-吡喃葡糖糖和1,2,3,6-四氧甲基-D-吡喃葡糖糖，试写出此双糖的名称和结构式。解答：蔗糖双糖能使本尼地（Benedict）试剂中的Cu2+氧化成Cu2O的砖红色沉淀，说明该双 糖具还原性，含有半缩醛羟基。用葡糖苷酶可将其水解为两分子B - D-吡喃葡糖，说明该双糖是由B -糖苷键构成的。将此双糖甲基化后再水解将得到 2,3,4,6-四氧甲基-D-吡喃葡 糖糖和1,2,3,6-四氧甲基-D-吡喃葡糖，糖基上只有自由羟基才能被甲基化，说明B -葡糖（1
7、 t 4）葡糖构成的为纤维二糖。4根据下列单糖和单糖衍生物的结构:CH2OH |CHOCHOCHOc = o1H-COHH-C NHCOCH 3HO C H1HO -C HHO CH|HO CH|1HCOHH-c OH1H COHHO C HH COHH1COHHC OHH COHHO C H1CH2OH1ch2oh1ch2oh1ch2oh(A)(B)(C)(D)（1）写出其构型（D或L）和名称；（2）指出它们能否还原本尼地试剂；（3）指出哪些能发生成苷反应。解答:（1）构型是以 D-,L-甘油醛为参照物，以距醛基最远的不对称碳原子为准 ，羟基在左面的为L构型，羟基在右的为 D构型。A、B C
8、为D构型，D为L构型。(2)B、C、D均有醛基具还原性，可还原本尼地试剂。 A为酮糖，无还原性。(3)单糖的半缩醛上羟基与非糖物质 (醇、酚等)的羟基形成的缩醛结构称为糖苷 ,B,C,D均能发生成苷反应。5.透明质酸是细胞基质的主要成分，是一种黏性的多糖 ，分子量可达100?000,由两单糖衍生物的重复单位构成，请指出该重复单位中两组分的结构名称和糖苷键的结构类型。解答：透明质酸的两个重复单位是由B D 葡萄糖醛酸和 N-乙酰氨基葡萄糖通过B-1,3糖苷键连接而成。6. 纤维素和淀粉都是由1宀4糖苷键连接的D葡萄糖聚合物，相对分子质量也相当， 但它们在物理性质上有很大的不同， 请问是什么结构特
9、点造成它们在物理性质上的如此差别 解释它们各自性质的生物学优点。解答：淀粉是葡萄糖聚合物，既有a 1 , 4糖苷键，也有a 1, 6糖苷键，为多分支结构。直链淀粉分子的空间构象是卷曲成螺旋形的 ，每一回转为6个葡萄糖基，淀粉在水溶液中混悬时就形成这种螺旋圈。支链淀粉分子中除有a -(1,4)糖苷键的糖链外，还有a -(1,6)糖苷键连接的分支处，每一分支平均约含2030个葡萄糖基，各分支也都是卷曲成螺 旋。螺旋构象是碘显色反应的必要条件。碘分子进入淀粉螺旋圈内，糖游离羟基成为电子 供体，碘分子成为电子受体，形成淀粉碘络合物，呈现颜色。其颜色与糖链的长度有关。当链长小于6个葡萄糖基时，不能形成一
10、个螺旋圈，因而不能呈色。当平均长度为 20个葡萄糖基时呈红色，红糊精、无色糊精也因而得名。大于 60个葡萄糖基的直链淀粉呈蓝色。支链淀粉相对分子质量虽大，但分支单位的长度只有 2030个葡萄糖基，故与碘反应呈紫红色。纤维素虽然也是由 D-吡喃葡萄糖基构成，但它是以B -(1,4)糖苷键连接的一种没有分支的线性分子，它不卷曲成螺旋。纤维素分子的链与链间，能以众多氢键像麻绳样拧在一 起，构成坚硬的不溶于水的纤维状高分子(也称纤维素微晶束)，构成植物的细胞壁。人 和哺乳动物体内没有纤维素酶 (cellulase), 因此不能将纤维素水解成葡萄糖。虽然纤维素不能作为人类的营养物，但人类食品中必须含纤维
11、素。因为它可以促进胃肠蠕动、促进消化 和排便。7. 说明下列糖所含单糖的种类、糖苷键的类型及有无还原性 ？(1)纤维二糖 (2)麦芽糖(3)龙胆二糖 (4)海藻糖(5)蔗糖 (6)乳糖解答：(1)纤维二糖含葡萄糖1, 4糖苷键，有还原性。(2)麦芽糖含葡萄糖,af 1, 4糖苷键，有还原性。(3)龙 胆二糖含葡萄糖，3宀1 , 6糖苷键，有还原性。(4 )海藻糖含葡萄糖，af 1,1糖苷键， 无还原性。(5)蔗糖含葡萄糖和果糖，af 1, 2糖苷键，无还原性。(6) 乳糖含葡萄糖和半乳糖，af 1 , 4糖苷键，有还原性。&人的红细胞质膜上结合着一个寡糖链，对细胞的识别起重要作用。被称为抗原决
12、定基团。根据不同的抗原组合，人的血型主要分为 A型、B型、AB型和0型4类。不同血型的血液互相混合将发生凝血，危及生命。红细胞 N Ac GlcGal Fuc1,3已知4种血型的差异仅在 X位组成成分的不同。请指出不同血型( A型、B型、AB型、0型)X位的糖基名称。解答:A型X位是N-乙酰氨基-a -D-半乳糖；B型X位是a -D-半乳糖；AB型X位兼有A型和B型的糖；0型X位是空的。5脂类化合物和生物膜3概述磷脂、糖脂和固醇类的结构、性质和生物学作用解答:I .磷脂包括甘油磷脂和鞘磷脂两类，它们主要参与细胞膜系统的组成，少量存在于其 他部位。(1)甘油磷脂的结构：甘油磷脂是由 sn-甘油-
13、3-磷酸衍生而来，分子中甘油的两个醇羟基 与脂肪酸成酯，第三个醇羟基与磷酸成酯或磷酸再与其他含羟基的物质 (如胆碱、乙醇胺、丝氨酸等醇类衍生物)结合成酯。甘油磷脂的理化性质：1物理性质：甘油磷脂脂双分子层结构在水中处于热力学的稳定状态，构成生物膜的结 构基本特征之一2化学性质：a.水解作用：在弱碱溶液中，甘油磷脂水解产生脂肪酸的金属盐。如果用强碱水解，甘油磷脂水解生成脂肪酸盐、醇( X OH )和磷酸甘油。b.氧化作用：与三酰甘油相似，甘油磷脂中所含的不饱和脂肪酸在空气中能被氧化生成过氧化物， 最终形成黑色过氧化物的聚合物。c.酶解作用：甘油磷脂可被各种磷脂酶( PLA )专一水解。（3） 鞘
14、磷脂即鞘氨醇磷脂， 在高等动物的脑髓鞘和红细胞膜中特别丰富， 也存在于许多植 物种子中。鞘磷脂由鞘氨醇、脂肪酸和磷脂酰胆碱（少数磷脂酰乙醇胺）组成。n .糖脂是指糖基通过其半缩醛羟基以糖苷键与脂质连接的化合物。 糖脂可分为鞘糖脂、甘油糖脂以及由固醇衍生的糖脂，其中鞘糖脂和甘油糖脂是膜脂的主要成分。（1）鞘糖脂是神经酰胺的 1 位羟基被糖基化形成的糖苷化合物。依据糖基是否含有唾液 酸或硫酸基成分，鞘糖脂又可分为中性鞘糖脂和酸性鞘糖脂。1中性鞘糖脂：又称脑苷脂，是由神经酰胺的 C1上的羟基与一单糖分子（半乳糖、葡萄糖等）以糖苷键结合而成，不含唾液酸成分。中性鞘糖脂一般为白色粉状物，不溶于水、 乙醚
15、，溶于热乙醇、热丙酮、吡啶及苯等，性质稳定，不被皂化。它们不仅是血型抗原，而 且与组织和器官的特异性，细胞之间的识别有关。2酸性鞘糖脂：糖基部分含有唾液酸或硫酸基的鞘糖脂称为酸性鞘糖脂。糖基部分含有 唾液酸的鞘糖脂常称神经节苷脂， 是最复杂的一类甘油鞘脂， 由神经酰胺与结构复杂的寡糖 结合而成，是大脑灰质细胞膜的组分之一，也存在于脾、肾及其他器官中。（2）甘油糖脂是糖基二酰甘油， 它是二酰甘油分子 sn-3 位上的羟基与糖基以糖苷键连接 而成。甘油糖脂主要存在于植物和微生物中。 植物的叶绿体和微生物的质膜含有大量的甘油 糖脂。它可能在神经髓鞘形成中起作用。川.固醇类也称甾类，所有固醇类化合物都
16、是以环戊烷多氢菲为核心结构，因羟基的 构型不同，可有 a及B两型。胆固醇 （也称胆甾醇 ）是一种重要的甾醇类物质，一种环戊烷多氢菲的衍生物。是动物 组织中含量最丰富的固醇类化合物， 有游离型和酯型两种形式。 存在于一切动物细胞中， 以 脑、神经组织及肾上腺中含量特别丰富，其次为肝、肾、脾和皮肤及脂肪组织。5何为必需脂肪酸？哺乳动物体内所需的必需脂肪酸都有哪些？解答 ：哺乳动物体内能够自身合成饱和及单不饱和脂肪酸，但不能合成机体必需的亚油 酸、亚麻酸和花生四烯酸等多不饱和脂肪酸。我们将这些机体生长必需的而自身不能合成， 必须由膳食提供的脂肪酸称为必需脂肪酸。7一些药物必须在进入活细胞后才能发挥药
17、效，但它们中大多是带电荷或有极性的， 因此不能靠被动扩散跨膜。 人们发现利用脂质体运输某些药物进入细胞是很有效的办法， 试解释脂质体是如何发挥作用的。解答 ：脂质体是脂双层膜组成的封闭的、 内部有空间的囊泡。 离子和极性水溶性分子（包括 许多药物）被包裹在脂质体的水溶性的内部空间，负载有药物的脂质体可以通过血液运输， 然后与细胞的质膜相融合将药物释放入细胞内部。6 酶2酶分为哪几大类？每一大类酶催化的化学反应的特点是什么？请指出以下几种酶分别属于哪一大类酶：磷酸葡糖异构酶( phosphoglucose isomerase)碱性磷酸酶( alkaline phosphatase)肌酸激酶( c
18、reatine kinase)甘油醛一3磷酸脱氢酶(glyceraldehyde-3-phosphate dehydrogenase) 琥珀酰 CoA 合成酶( succinyl-CoA synthetase ) 柠檬酸合酶( citrate synthase) 葡萄糖氧化酶( glucose oxidase) 谷丙转氨酶( glutamic-pyruvic transaminase ) 蔗糖酶( invertase)T4 RNA 连接酶( T4 RNA ligase )解答 ：前两个问题参考本章第 3 节内容。异构酶类；水解酶类；转移酶类；氧化还原酶类中的脱氢酶；合成酶类；裂合酶类；氧化还原
19、酶类中的氧化酶；转移酶类；水解酶类； 合成酶类(又称连接酶类) 。5经过多年的探索，你终于从一噬热菌中纯化得到一种蛋白水解酶，可用作洗衣粉的 添加剂。 接下来，你用定点诱变的方法研究了组成该酶的某些氨基酸残基对酶活性的影响作 用：( 1)你将第 65 位的精氨酸突变为谷氨酸，发现该酶的底物专一性发生了较大的改变， 试解释原因；( 2)你将第 108 位的丝氨酸突变为丙氨酸，发现酶活力完全失去，试解释原因；( 3)你认为第 65 位的精氨酸与第 108 位的丝氨酸在酶的空间结构中是否相互靠近， 什么？不再具解答 ：( 1)第 65 位的氨基酸残基可能位于酶活性部位中的底物结合部位，对酶的专一 性
20、有较大影响， 当该氨基酸残基由精氨酸突变为谷氨酸后， 其带电性质发生了改变， 有与原底物之间的互补性，导致酶的专一性发生改变。( 2)第 108 位的丝氨酸残基应位于酶活性部位的催化部位，是决定酶是否有活力的关键氨基酸，通常它通过侧链上的羟基起到共价催化的功能， 当该残基突变为丙氨酸后，侧链羟基被氢取代，不能再起原有的共价催化作用，因此酶活力完全失去。(3)第65位的精氨酸与第108位的丝氨酸在酶的空间结构中应相互靠近， 因为这两个氨基酸残基都位于酶的活性部位， 根据酶活性部位的特点， 参与组成酶活性部位的氨基酸残基在 酶的空间结构中是相互靠近的。10.乙醇脱氢酶催化如下反应：乙醇 NAD 乙
21、醛 NADH H(1)已知反应体系中 NADH在340nm有吸收峰，其他物质在该波长处的吸光度均接近 于零，请设计一种测定酶活力的方法。(2 )如何确定在实验中测得的酶促反应速率是真正的初速率？(3)在实验中使用了一种抑制剂，下表中是在分别存在与不存在抑制剂 I的情况下测定的对应不同底物浓度的酶促反应速率， 请利用表中的数据计算其各自对应的 Km与Vmax值, 并判断抑制剂的类型。S/(mmol/L)v/ ( mol L-1 min-1)I = 0I=10 mmol/L205.2633.999155.0013.636104.7623.22254.2642.1152.53.3331.3161.6
22、2.770.926解答：(1)选择合适的底物浓度(NAD+与乙醇)与缓冲体系，取一定体积的底物溶液(如1ml)加入石英比色杯，加入适量酶，迅速混合后，放入紫外 /可见光分光光度计的样品室内，测定反应体系在 340 nm吸光度随时间的变化曲线。 利用NADH的摩尔吸光系数(可 从相关文献查到，或用已知浓度的 NADH溶液自行测定)，计算出单位时间内 NADH的增加量，用于表示酶活力。(2)如果在选取的测量时间范围内，反应体系在 340 nm吸光度随时间的变化曲线接近一条直线的形状，则表明反应速率在此时间段内保持不变，可用来代表反应初速率。(3)用Lineweaver-Burk双倒数作图法，结果如
23、下:Km与Vmax值抑制剂浓度I = 0I = 10 mmol/LKm/(mmol L-1)1.6438.244Vmax/( mol L-1 min-1)5.645.64抑制剂的类型：竞争性可逆抑制剂。11.对于一个符合米氏方程的酶，当 S=3Km, l=2 Ki时（I为非竞争性抑制剂），贝U u/Vmax的数值是多少（此处 Vmax指1=0时对应的最大反应速率）？解答：利用非竞争性抑制剂的动力学方程计算：VmaxSS K其中=1+I/ Ki = 3，贝UV max 3Km 3V max3 (3Km Km) 12所以，U /Vmax= 0.25 o7维生素2.为什么维生素 D可数个星期补充一次
24、，而维生素 C必须经常补充？解答：维生素D是脂溶性的维生素，可以贮存在肝等器官中。维生素 C是水溶性的,不能贮存，所以必须经常补充。5.在生物体内起到传递电子作用的辅酶是什么?解答：NAD+、NADP+、FMN、FAD。6试述与缺乏维生素相关的夜盲症的发病机理。解答 ：视网膜上负责感受光线的视觉细胞分两种：一种是圆锥形的视锥细胞，一种是圆 柱形的视杆细胞。 视锥细胞感受强光线， 而视杆细胞则感受弱光的刺激， 使人在光线较暗的 情况下也能看清物体。 在视杆细胞中， 11 顺视黄醛与视蛋白组成视紫红质。 当杆状细胞感 光时，视紫红质中的 11顺视黄醛在光的作用下转变成全反视黄醛，并与视蛋白分离，视
25、 黄醛分子构型的改变可导致视蛋白分子构型发生变化， 最终诱导杆状细胞产生与视觉相关的感受器电位。全反式视黄醛通过特定的途径可重新成为 11顺视黄醛，与视蛋白组合成为视紫红质，但是在该视循环中部分全反视黄醛会分解损耗， 因此需要经常补充维生素 A。当食物中缺乏维生素 A 时，必然引起 11顺视黄醛的补充不足，视紫红质合成量减少，导致 视杆细胞对弱光敏感度下降，暗适应时间延长，出现夜盲症状。7试述与缺乏维生素相关的脚气病的发病机理， 为什么常吃粗粮的人不容易得脚气病？解答 ：脚气病是一种由于体内维生素 B1 不足所引起的以多发性周围神经炎为主要症状的营养缺乏病，硫胺素在体内可转化成硫胺素焦磷酸，后
26、者作为辅酶参与糖代谢中丙酮酸、酮戊二酸的氧化脱羧作用， 所以，缺乏维生素Bi时，糖代谢受阻，一方面导致神经组织的供能不足，另一方面使糖代谢过程中产生的 酮酸、乳酸等在血、尿和组织中堆积，从 而引起多发性神经炎等症状。维生素 Bi在谷物的外皮和胚芽中含量很丰富，谷物中的硫胺素约90%存在于该部分，而粗粮由于加工时保留了部分谷物外皮， 因此维生素Bi含量充足，常吃粗粮的人不容易缺乏维生素 Bi，因此不易得脚气病。8试述与缺乏维生素相关的坏血病的发病机理。解答 ：坏血病是一种人体在缺乏维生素 C 的情况下所产生的疾病。 维生素 C 参与体内 多种羟化反应， 是胶原脯氨酸羟化酶及胶原赖氨酸羟化酶维持活
27、性所必需的辅助因子， 可促进胶原蛋白的合成。当人体缺乏维生素 C 时，胶原蛋白合成产生障碍，胶原蛋白数量不足 致使毛细血管管壁不健全，通透性和脆性增加，结缔组织形成不良，导致皮下、骨膜下、肌 肉和关节腔内出血，这些均为坏血病的主要症状。9完整的鸡蛋可保持 4到 6周仍不会腐败，但是去除蛋白的蛋黄，即使放在冰箱内也 很快地腐败。试解释为什么蛋白可以防止蛋黄腐败？解答： 蛋清中含有抗生物素蛋白，它能与生物素结合使其失活，抑制细菌生长，使鸡 蛋不容易腐败。10.多选题:（1）下列哪一个辅酶不是来自维生素（)A . CoQ B . FAD C . NAD+DpLpE Tpp（ 2）分子中具有醌式结构的
28、是（ ）A .维生素A B.维生素B1C.维生素CD 维生素 EE.维生素 K生素D(4)下列维生素中含有噻唑环的是(生素B6B.维生素Bi的辅酶形式为硫胺素焦磷酸C.催化转氨作用的转氨酶所含的辅基是 FMN与FADD.维生素C又名抗坏血酸，是一种强的还原剂A.维生素A的活性形式是全反式视黄醛，它与暗视觉有关B.辅酶I是维生素PP的辅酶形式C.FMN与FAD是氧化还原酶的辅基D.硫胺素焦磷酸是水解酶的辅酶素Bl2CH 二 NHE.8新陈代谢总论与生物氧化1 已知NADH+H +经呼吸链传递遇 02生成水的过程可以用下式表示:试计算反应的由能的变化可以由反应物与反应产物的氧化还原电位计算 由以下
29、公式计算：nF EG 代表反应的自由能 ,n 为电子转移数 , F 为 Farady 常数，值为 96.49kJ/V, E 为I电位差值。 G 以 kJ/mol 计。NADH+H+ 1/202 t NAD + 出0 G9 =-2 X 96.49 X +0.82 -(-0.32)=-220 kJ/mol3 .组成原电池的两个半电池，半电池 A含有1mol/L的甘油酸-3 -磷酸和1mol/L的 甘油醛-3-磷酸，而另外的一个半电池 B含有1mol/L NAD +和1mol/L NADH。回答下列问 题：( 1 )哪个半电池中发生的是氧化反应？(2)在半电池B中，哪种物质的浓度逐渐减少？(3 )电
30、子流动的方向如何？(4)总反应(半电池A+半电池B)的 E是多少？解答：氧化还原电位 E9的数值愈低，即供电子的倾向愈大，本身易被氧化成为还原剂 另一种物质则作为氧化剂易得到电子被还原。根据该理论判断：(1)半电池 A 中发生的是氧化反应；(2)当甘油醛-3 -磷酸被氧化后 NAD减少；(3)电子由半电池 A 流向半电池 B；(4)总反应的厶E9是+0.23V。4. 鱼藤酮是一种的极强的杀虫剂，它可以阻断电子从 NADH 脱氢酶上的 FMN 向 CoQ 的传递。( 1 )为什么昆虫吃了鱼藤酮会死去 ?( 2)鱼藤酮对人和动物是否有潜在的威胁 ?(3)鱼藤酮存在时 ， 理论上 1mol 琥珀酰 CoA 将净生成多少 ATP?解答 ：电子由 NADH 或 FADH 2经电子传递呼吸链传递给氧， 最终形成水的过程中伴有ADP 磷酸化为 ATP ，这一过程称电子传递体系磷酸化。体内 95%的 ATP 是经电子传递
